陆陆续续的开始考很多的试，也会更新这些题目记录下来，免得做完了之后毫无印象，就这么水过去了（以前的考试都是如此，哎……）
Table (T1) :
样例：
出于对数学题本能的恐惧考场上放弃了此题专攻T2 T3....事实证明其实这题是可做的。
我们发现其实这个图形就是一个广义上的杨辉三角：C（i, j） = a * C （i - 1, j）+ b * C （i - 1, j - 1）; 我们可以形成一个最暴力的想法：通过第p行的数据暴力推算出其他行的数据，打成表格后输出。但我们分析这样做的本质：将每一个格子的贡献层层下传 / 上析，最后传到我们所需要查询的（x,y）格子上。所以我们联想到：如果能够直接计算出第p行上每一个格子对所求（x,y）的贡献，不就能够算出来了吗？
下面：
下面写一点点自己最开始看的时候没有太懂/没注意到的地方：
1：向右走：C(i, j) = C(i - 1, j - 1) + C(i - 1, j); C(i - 1, j) = C(i - 1, j - 1) - C(i, j); 所以对一个节点产生贡献的点即为它左侧&下方的点。
2：a非常的大，所以不能用快速幂计算出a后再取逆元，应处理出powa & powb数组。
3：处理组合数时，注意到因为n & m 有一个是不变的，所以可以快速线性递推求解。
代码：
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; #define maxn 10100100 #define int long long #define mod 998244353 int m, n, a, b, p, q, f[200000]; int invc[maxn], inv[maxn], powa[maxn], powb[maxn]; int inva[maxn], C[maxn]; bool flag = 0; int read() { int x = 0, k = 1; char c; c = getchar(); while(c < '0' || c > '9') { if(c == '-') k = -1; c = getchar(); } while(c >= '0' && c <= '9') x = x * 10 + c - '0', c = getchar(); return x * k; } int poww(int x, int t) { int base = 1; for(; t; t >>= 1, x = (x * x) % mod) if(t & 1) base = (base) * x % mod; return base; } void pre() { inv[0] = inv[1] = 1; for(int i = 2; i < maxn; i ++) inv[i] = (mod - mod / i) * inv[mod % i] % mod; inva[1] = poww(a, mod - 2), powa[0] = powb[0] = 1; powa[1] = a, powb[1] = b; for(int i = 2; i < maxn; i ++) { inva[i] = inva[i - 1] * inva[1] % mod; powa[i] = powa[i - 1] * a % mod; powb[i] = powb[i - 1] * b % mod; } } void work1(int x, int y) { int lim = min(x - p, y - 1), ret = 0; C[0] = 1; for(int i = 1; i <= lim; i ++) C[i] = C[i - 1] * (x - p - i + 1) % mod * inv[i] % mod; for(int i = 0; i <= lim; i ++) { int tem = f[y - i] * powb[i] % mod; tem = (tem * powa[x - p - i]) % mod * C[i] % mod; ret = (ret + tem) % mod; } printf("%lld ", (ret + mod) % mod); } void work2(int x, int y) { int ret = 0, k = p - x + y; C[p - x - 1] = 1; for(int i = p - x; i <= k - 2; i ++) C[i] = C[i - 1] * i % mod * inv[i - p + x + 1] % mod; for(int i = 1; i <= y; i ++) { int tem = f[i] * poww(- b, y - i) % mod; tem = tem * C[k - i - 1] % mod; tem = tem * inva[k - i] % mod; ret = (ret + tem) % mod; } printf("%lld ", (ret + mod) % mod); } signed main() { freopen("table.in","r",stdin); freopen("table.out","w",stdout); m = read(), n = read(), a = read(), b = read(); p = read(), q = read(); pre(); for(int i = 1; i <= n; i ++) f[i] = read(); for(int i = 1; i <= q; i ++) { int x = read(), y = read(); if(x == p) printf("%lld ", f[y]); else if(x > p) work1(x, y); else work2(x, y); } return 0; }