题目描述
T国有N个城市，用若干双向道路连接。一对城市之间至多存在一条道路。 在一次洪水之后，一些道路受损无法通行。虽然已经有人开始调查道路的损毁情况，但直到现在几乎没有消息传回。 辛运的是，此前T国政府调查过每条道路的强度，现在他们希望只利用这些信息估计灾情。具体地，给定每条道路在洪水后仍能通行的概率，请计算仍能通行的道路恰有N-1条，且能联通所有城市的概率。
输入输出格式
输入格式：
输入的第一行包含整数N。 接下来N行，每行N个实数，第i+l行，列的数G[i][j]表示城市i与j之间仍有道路联通的概率。 输入保证G[i][j]=G[j][i]，且G[i][j]=0；G[i][j]至多包含两位小数。
输出格式：
输出一个任意位数的实数表示答案。 你的答案与标准答案相对误差不超过10^(-4)即视为正确。
输入输出样例
说明
1 < N < =50
数据保证答案非零时，答案不小于10^-4
我们来考虑一下一个 度数矩阵-邻接矩阵 的行列式的意义，就是所有该邻接矩阵代表的图的所有生成树的边权之积的和。
而我们要求的是所有生成树中树边概率之积再乘上非树边(1-其概率)之积 的和。于是我们便可以设base=π(1-a[i][j]) ,然后令a[i][j] = a[i][j] / (1-a[i][j])，然后我们用矩阵树定理求一下a的行列式再乘上base就是答案了。
但是当a[i][j]==1的时候，我们要近似一下a[i][j]。
#include<bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define D double
const int maxn=106;
using namespace std;
const D eps=1e-9;
D a[maxn][maxn],ans=1,base=1;
bool flag=0;
int n;
inline int zt(D x){
if(fabs(x)<eps) return 0;
return x>0?1:-1;
}
inline void solve(){
for(int i=1;i<n;i++)
for(int j=1;j<n;j++) if(i!=j) a[i][j]=-a[i][j];
for(int i=1;i<n;i++){
int pos=i;
for(int j=i+1;j<n;j++) if(a[j][i]>a[pos][i]) pos=j;
if(pos!=i){
ans*=-1;
for(int j=i;j<n;j++) swap(a[pos][j],a[i][j]);
}
if(!zt(a[i][i])) break;
for(int j=i+1;j<n;j++) if(zt(a[j][i])){
D tmp=a[j][i]/a[i][i];
for(int k=i;k<n;k++) a[j][k]-=a[i][k]*tmp;
}
ans*=a[i][i];
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++){
scanf("%lf",&a[i][j]);
if(a[i][j]==1) a[i][j]-=eps;
if(i<j) base=base*(1-a[i][j]);
a[i][j]=a[i][j]/(1-a[i][j]);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=i+1;j<=n;j++) a[i][i]+=a[i][j],a[j][j]+=a[i][j];
solve();
printf("%.11lf
",ans*base);
return 0;
}