传送门
Luogu
解题思路
看一眼题面，显然这是一颗 treap ，考虑到这棵 treap 的中序遍历总是不变的，所以我们就先把所有点按照数据值排序，求出 treap 的中序遍历，然后还可以观察到，点的权值并不直接参与答案的计算，所以我们还可以把点的权值离散化（毕竟 (4e6) 不是个小数字）。
然后我们就可以愉快的开始 ( ext{DP}) 了。
由于树的中序遍历始终确定，所以我们很容易想到用区间 (DP) 来合并答案。
设 (dp[l][r][k]) 表示 ([l,r]) 这段区间所有点的权值全都大于等于 (k) 的最小代价和。
我们可以枚举一个子树的根 (x) ，那么转移方程就是：
(dp[l][r][k] = minleft{dp[l][x - 1][k] + dp[x + 1][r][k] + K + sum(l, r)
ight})
(dp[l][r][k] = minleft{dp[l][x - 1][v_x] + dp[x + 1][r][v_x] + sum(l, r)
ight})
(v_x) 表示 (x) 的初始权值，(sum(l, r)) 表示 ([l, r]) 这段区间的访问频度之和。
第一个方程表示更改 (x) 的权值为 (k) ，第二个表示不改。
由于每次向上合并答案时都会加上一遍整个区间的访问频度之和，所以就起到了乘以深度的效果。
一些初始化和小细节就不啰嗦了。
细节注意事项
- 咕咕咕
参考代码
#include <algorithm>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cctype>
#include <cmath>
#include <ctime>
#define rg register
using namespace std;
template < typename T > inline void read(T& s) {
s = 0; int f = 0; char c = getchar();
while (!isdigit(c)) f |= (c == '-'), c = getchar();
while (isdigit(c)) s = s * 10 + (c ^ 48), c = getchar();
s = f ? -s : s;
}
typedef long long LL;
const int _ = 70 + 2;
int n, K, X[_], sum[_]; LL dp[_][_][_];
struct node{ int d, v, a; }t[_];
inline bool cmp(const node& x, const node& y) { return x.v < y.v; }
inline bool Cmp(const node& x, const node& y) { return x.d < y.d; }
int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.in", "r", stdin);
#endif
read(n), read(K);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i) read(t[i].d);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i) read(t[i].v);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i) read(t[i].a);
sort(t + 1, t + n + 1, cmp);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i) t[i].v = i;
sort(t + 1, t + n + 1, Cmp);
for (rg int i = 1; i <= n; ++i)
sum[i] = sum[i - 1] + t[i].a;
memset(dp, 0x3f, sizeof dp);
for (rg int k = 1; k <= n; ++k)
for (rg int i = 0; i <= n; ++i)
dp[i + 1][i][k] = 0;
for (rg int i = 1; i <= n; ++i)
for (rg int l = 1, r = l + i - 1; r <= n; ++l, ++r)
for (rg int k = 1; k <= n; ++k)
for (rg int x = l; x <= r; ++x) {
dp[l][r][k] = min(dp[l][r][k], dp[l][x - 1][k] + dp[x + 1][r][k] + K + sum[r] - sum[l - 1]);
int v = t[x].v;
if (v >= k)
dp[l][r][k] = min(dp[l][r][k], dp[l][x - 1][v] + dp[x + 1][r][v] + sum[r] - sum[l - 1]);
}
printf("%lld
", dp[1][n][1]);
return 0;
}
完结撒花 (qwq)