Description
小W 是一片新造公墓的管理人。公墓可以看成一块 (N×M) 的矩形，矩形的每个格点，要么种着一棵常青树，要么是一块还没有归属的墓地。当地的居民都是非常虔诚的基督徒，他们愿意提前为自己找一块合适墓地。为了体 现自己对主的真诚，他们希望自己的墓地拥有着较高的虔诚度。一块墓地的虔诚度是指以这块墓地为中心的十字架的数目。一个十字架可以看成中间是墓地，墓地的 正上、正下、正左、正右都有恰好 $k$ 棵常青树。小W 希望知道他所管理的这片公墓中所有墓地的虔诚度总和是多少
Input
第 一行包含两个用空格分隔的正整数 $N$ 和 $M$，表示公墓的宽和长，因此这个矩形公墓共有$(N+1) ×(M+1)$个格点，左下角的坐标为$(0, 0)$，右上角的坐标为$(N, M)$。第二行包含一个正整数 $W$，表示公墓中常青树的个数。第三行起共 $W$ 行，每行包含两个用空格分隔的非负整数$x_i$和$y_i$，表示一棵常青树的坐标。输入保证没有两棵常青树拥有相同的坐标。最后一行包含一个正整数$k$，意义如题目 所示。
Output
包含一个非负整数，表示这片公墓中所有墓地的虔诚度总和。为了方便起见，答案对$2,147,483,648$ 取模。
HINT
图中，以墓地$(2, 2)$和$(2, 3)$为中心的十字架各有$3$个，即它们的虔诚度均为$3$。其他墓地的虔诚度为$0$。
所有数据满足$1 le N, M le 1,000,000,000$，$0 le xi le N$，$0 le yi le M$，$1 le W le 100,000$，$ 1 le k le 10$。
存在$50\%$的数据，满足$1 le k le 2$。存在$25\%$的数据，满足$1 le W le 10000$。
注意：”恰好有$k$颗树“，这里的恰好不是有且只有，而是从不少于$k$棵的树中恰好选$k$棵
这道题初看毫无想法……再看仍没有想法……依稀记得以前看过这道题，于是回忆了一下题解，终于知道怎么做了……
首先，我们可以将坐标离散化(其实只要离散化$x$坐标就够了)。因为所有会产生贡献的墓地上、下、左、右一定都有常青树，因此这些墓地肯定可以由离散化之后的坐标表示。
然后，我们对每棵常青树$i$求出它的上、下、左、右分别有多少棵常青树(不包括它本身)，分别记为$u_i$，$d_i$，$l_i$，$r_i$。这个东西可以将常青树排序后扫一遍求出来。
接着，我们考虑使用一个扫描线从下往上扫。每到一行，我们可以求一下这一行的墓地会产生多少贡献。即，对于相邻的两棵常青树$i$和$j$($i$在$j$左边)，我们设墓地$(i,j)$上方的常青树有$U_{i,j}$棵，下方的常青树有$D_{i,j}$棵，第$i$棵常青树坐标为$x_i,y_j$，那么对答案产生的贡献为：
$$inom{r_j+1}{k} inom{l_i+1}{k} sum_{K=x_i+1}^{x_j-1} inom{U_{K,y_i}}{k} inom{D_{K,y_i}}{k}$$
于是我们现在要考虑的就是如何维护要求和的那个东西。
一般这种区间和的东西都可以用一个树状数组来维护。像这道题，我们可以将横坐标离散化，然后对横坐标建一个树状数组来维护这个东西。当我们每扫到一棵常青树的时候，就可以把这个横坐标维护的值在树状数组中修改一下即可。区间求和树状数组轻松解决。
还有一个细节。这道题的模数是$2147483648$，那么我们完全可以使用$unsigned$ $int$来自然溢出，最后再把结果与上$2147483647$即可。
所以这道题就这么解决了。我的代码还写了一点注释，不懂实现细节的话可以看一下。
下面贴代码：
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define File(s) freopen(s".in","r",stdin),freopen(s".out","w",stdout)
#define maxn 100010
using namespace std;
typedef unsigned int llg;
struct data{
int x,y,b;
}s[maxn];
int n,m,W,wx[maxn],dx[maxn],lx,N,k;
int l[maxn],r[maxn],u[maxn],d[maxn];
llg c[maxn],Cc[maxn][11],ans;
int getint(){
int w=0;bool q=0;
char c=getchar();
while((c>'9'||c<'0')&&c!='-') c=getchar();
if(c=='-') c=getchar(),q=1;
while(c>='0'&&c<='9') w=w*10+c-'0',c=getchar();
return q?-w:w;
}
inline llg C(int x){return Cc[x][k];}//这个函数表示从x个数中去出k个的方案数
bool cmpx(data a,data b){if(a.x==b.x) return a.y<b.y;return a.x<b.x;}
bool cmpy(data a,data b){if(a.y==b.y) return a.x<b.x;return a.y<b.y;}
void add(int x,llg y){while(x<=lx) c[x]+=y,x+=x&(-x);}
llg sum(int x){
llg t=0;
while(x) t+=c[x],x-=x&(-x);
return t;
}
void init(){
sort(s+1,s+W+1,cmpx);
for(int i=1;i<=W;i++){
int j=i,now=0;
while(s[j+1].x==s[j].x) j++,d[s[j].b]=++now;
while(i<=j) u[s[i].b]=now--,i++; i--;
N=max(N,d[s[j].b]);
}//求u,d两个数组
sort(s+1,s+W+1,cmpy);
for(int i=1;i<=W;i++){
int j=i,now=0;
while(s[j+1].y==s[j].y) j++,l[s[j].b]=++now;
while(i<=j) r[s[i].b]=now--,i++; i--;
N=max(N,l[s[j].b]);
}//求l,r两个数组
for(int i=0;i<=N;i++) Cc[i][0]=Cc[i][i]=1;
for(int i=2;i<=N;i++)
for(int j=1;j<=k;j++)
Cc[i][j]=Cc[i-1][j-1]+Cc[i-1][j];
}
int main(){
File("a");
n=getint()+1; m=getint()+1; W=getint();
for(int i=1;i<=W;i++) dx[++lx]=s[i].x=getint()+1,s[i].y=getint()+1,s[i].b=i;
k=getint(); sort(dx+1,dx+lx+1); lx=unique(dx+1,dx+lx+1)-dx-1; init();
for(int i=1;i<=W;i++) wx[i]=lower_bound(dx+1,dx+lx+1,s[i].x)-dx;//离散化坐标
for(int i=1,j;i<=W;i=j+1){
j=i; add(wx[i],C(d[s[i].b]+1)*C(u[s[i].b])-C(d[s[i].b])*C(u[s[i].b]+1));//修改第i棵常青树对应的树状数组
while(s[j+1].y==s[j].y){
j++; ans+=C(l[s[j-1].b]+1)*C(r[s[j].b]+1)*(sum(wx[j]-1)-sum(wx[j-1]));//统计答案
add(wx[j],C(d[s[j].b]+1)*C(u[s[j].b])-C(d[s[j].b])*C(u[s[j].b]+1));//修改第j棵常青树对应的树状数组
}
}
printf("%d",ans&2147483647);
return 0;
}