释放囚犯
题目描述
(Caima) 王国中有一个奇怪的监狱，这个监狱一共有(P)个牢房，这些牢房一字排开，第(i)个紧挨着第(i+1)个（最后一个除外）。现在正好牢房是满的。
上级下发了一个释放名单，要求每天释放名单上的一个人。这可把看守们吓得不轻，因为看守们知道，现在牢房中的(P)个人，可以相互之间传话。如果某个人离开了，那么原来和这个人能说上话的人，都会很气愤，导致他们那天会一直大吼大叫，搞得看守很头疼。如果给这些要发火的人吃上肉，他们就会安静点。
输入格式和输出格式
输入格式
第一行两个数(P)和(Q)，(Q)表示释放名单上的人数；
第二行(Q)个数，表示要释放哪些人。
数据规模
对于(100%)的数据(1≤P≤1000)； (1≤Q≤100)；(Q≤P)；且(50%)的数据 (1≤P≤100)；(1≤Q≤5)
输出格式
仅一行，表示最少要给多少人次送肉吃。
输入和输出样例
输入#1
20 3
3 6 14
输出#1
35
本题思路
这道题看起来和一般的区间dp有很多出入，不是从小到大，而是从大到小，看起来要是分成不同的子问题，每个子问题还是会互相干扰的，不妨模拟一遍过程可以发现，好像和石子合并（不要问我什么是石子合并）的过程刚好相反，说白了就是石子合并的逆过程，如果一个大区间中挑选一个切点，那么就分成了两个互不相干的子问题（因为只与切点有关，先选择了切点之后分成的两个区间就毫无关联），再想，把分成的两个小区间再次选切点，就又分成了两个互不相干的两个更小的子问题，依次类推，可以发现这和石子合并没有任何区别，因此，这道题的大致思路没问题了，我们可以推出转移方程：(f[i][j]=min{f[i][j],f[i][k-1]+f[k+1][j]+a[j+1]-a[i-1]-1-1}), 把后面这一坨拿出来拆开看看，(f[i][k-1]+f[k+1][j]+a[j+1]-a[i-1]-1-1), (f[i][k-1]+f[k+1][j])，这个不必解释,(a[j+1]-a[i-1]-1)就是第(j+1)个要放出的囚犯到第(i-1)个要放出的囚犯之间的人数，也就是要发的肉的数量；
最后一个(-1) 是什么呢，就是第k个放出去的囚犯，不用给他吃肉了。
代码实现
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e3+50;
int P, Q, a[maxn], dp[maxn][maxn];
inline int read(){
char ch = getchar();
int f = 1, x = 0;
while(!isdigit(ch)){if(ch == '-') f = -1;ch = getchar();}
while(isdigit(ch)){x = x*10;x += ch - '0';ch=getchar();}
return x*f;
}
int main(){
P = read(),Q = read();
for(int i = 1; i <= Q; i++){
a[i] = read();
}
sort(a+1, a+Q+1);
a[0] = 0;
a[Q+1] = P+1;
for(int len = 1; len <= Q; len++){
for(int l = 1; l + len - 1 <= Q; l++){
int r = l + len - 1;
dp[l][r] = 0x3f3f3f3f;
for(int j = l; j <= r; j++){
dp[l][r] = min(dp[l][r], dp[l][j-1] + dp[j+1][r] + a[r+1] - a[l-1] - 2);
}
}
}
printf("%d",dp[1][Q]);
return 0;
}