洛谷 U138625 神来之笔
题目背景
某日午后，SeawaySeawa**y一觉醒来，发现自己穿越到了俄罗丝，并成了罗丝(RoseRos**e)沙皇的御用艺术家......在反穿越失败后，SeawaySeawa**y接受了这个事实，并努力地为女皇陛下效劳......
题目描述
女皇陛下喜欢两件事：艺术和种树。一直以来，女皇陛下都致力于把这两件事结合起来。所以她让SeawaySeawa**y来完成这件事。女皇陛下把SeawaySeawa**y带到了御花园，指着其中的一棵树，向他描述了她对艺术的看法：女皇陛下认为，多彩就是艺术，但同时，颜色又不能太多，过多的颜色不叫艺术。她要SeawaySeawa**y依照她的看法，为这棵树进行艺术地染色。
女皇陛下的其他艺术家已经把这棵树染成了初始颜色。SeawaySeawa**y需要以此为基础，对整棵树的颜色进行修改，他会把某一棵子树统一改变颜色（子树的划分以11号点为全树总根）。同时，女皇陛下会在一旁监工，她会在任意时刻询问SeawaySeawa**y某棵子树一共有多少种颜色。
输入格式
从文件leebai.inleeba**i.i**n中读入数据。
第一行为两个整数N,MN,M，表示树的节点数和总共的修改+询问次数。第二行有NN个整数，表示每个节点初始的颜色。接下来的N-1N−1行，每行两个整数u,vu,v，表示节点u,vu,v间连有一条边。接下来的MM行，每行2-32−3个整数，按如下格式：
1 x c:1 x c:将以xx为根的子树上所有节点（包括xx节点）的颜色改为cc。
2 x:2 x:询问以xx为根的子树上所有节点的颜色数量。
输出格式
输出到文件leebai.outleeba**i.out中。
对于每个询问操作，给出确切的答案。
命题背景：
可能算是背景？女皇陛下VS老婆大人。（滑稽（惶恐
终于学会了如何更有区分度地出部分分。
题解：
一道水到可以让我1A的题目。
应该50分还是很好拿的？
或者，至少20分是很好拿的？
颜色小于60种，且染色，一下子就是想到状压。由于60种，可以用一个longlong来保存这个状态，然后用线段树维护颜色种数即可。（也就是数1）区间合并的时候用或啦。
原题是不超过60种颜色，所以可以用longlong，这道题稍微毒瘤一点，100位，嘿嘿，其实还可以更大，但是懒得改数据了。
这个时候还是需要介绍bitset。我一直贼喜欢stl，大家也是知道的。
了解一下bitset的相关函数，还是很容易做的。
而且时间复杂度也并没有比60的慢多少。如果加上读入优化的，我感觉我还能再来16倍的。
算了，不毒瘤了，来：
代码：
#include<cstdio>
#include<bitset>
#define lson pos<<1
#define rson pos<<1|1
using namespace std;
const int maxn=4*1e5+10;
int n,m;
int col[maxn];
int tot,head[maxn],nxt[maxn<<1],to[maxn<<1];
int deep[maxn],fa[maxn],son[maxn],size[maxn];
int top[maxn],id[maxn],w[maxn],cnt;
bitset<64> tree[maxn<<2];
int lazy[maxn<<2];
void add(int x,int y)
{
to[++tot]=y;
nxt[tot]=head[x];
head[x]=tot;
}
void dfs1(int x,int f)
{
deep[x]=deep[f]+1;
fa[x]=f;
size[x]=1;
for(int i=head[x];i;i=nxt[i])
{
int y=to[i];
if(y==f)
continue;
dfs1(y,x);
size[x]+=size[y];
if(!son[x]||size[y]>size[son[x]])
son[x]=y;
}
}
void dfs2(int x,int t)
{
top[x]=t;
id[x]=++cnt;
w[cnt]=col[x];
if(!son[x])
return;
dfs2(son[x],t);
for(int i=head[x];i;i=nxt[i])
{
int y=to[i];
if(y==fa[x]||y==son[x])
continue;
dfs2(y,y);
}
}
void pushup(int pos)
{
tree[pos]=tree[lson]|tree[rson];
}
void build(int pos,int l,int r)
{
int mid=(l+r)>>1;
if(l==r)
{
tree[pos].set(w[l],1);
return;
}
build(lson,l,mid);
build(rson,mid+1,r);
pushup(pos);
}
void mark(int pos,int l,int r,int k)
{
lazy[pos]=k;
tree[pos].reset();
tree[pos].set(k,1);
}
void pushdown(int pos,int l,int r)
{
int mid=(l+r)>>1;
mark(lson,l,mid,lazy[pos]);
mark(rson,mid+1,r,lazy[pos]);
lazy[pos]=0;
}
void update(int pos,int l,int r,int x,int y,int k)
{
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=l && r<=y)
{
mark(pos,l,r,k);
return;
}
if(lazy[pos])
pushdown(pos,l,r);
if(x<=mid)
update(lson,l,mid,x,y,k);
if(y>mid)
update(rson,mid+1,r,x,y,k);
pushup(pos);
}
bitset<64> query(int pos,int l,int r,int x,int y)
{
bitset<64> ret;
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=l && r<=y)
return tree[pos];
if(lazy[pos])
pushdown(pos,l,r);
if(x<=mid)
ret|=query(lson,l,mid,x,y);
if(y>mid)
ret|=query(rson,mid+1,r,x,y);
return ret;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)
scanf("%d",&col[i]);
for(int i=1;i<n;i++)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
add(x,y);
add(y,x);
}
dfs1(1,0);
dfs2(1,1);
build(1,1,n);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int opt,x,c;
scanf("%d",&opt);
if(opt==1)
{
scanf("%d%d",&x,&c);
update(1,1,n,id[x],id[x]+size[x]-1,c);
}
else
{
scanf("%d",&x);
int ans=query(1,1,n,id[x],id[x]+size[x]-1).count();
printf("%d
",ans);
}
}
return 0;
}