顺便提一下题意有一个地方不太清楚，就是如果输出No还要输出最少需要添加多少张牌才能满足要求。蒟蒻考完以后发现四个点Too short on line 2。。。
比较需要技巧的搜索
既然是同一个花色要连续，那就枚举每一个花色在哪一段区间连续并选中四个区间，累计每个点数的选中次数。
最后来一个(O(13))的( ext{check})，首先每个点数选中次数要不少于已有的个数。接着，只有所有点数的选中次数和已有点数相等时，才能判为'Yes'，然后统计某张牌的花色的区间未包含这张牌的总数更新答案。否则判为'No'，然后统计每个点数选多了的总数更新答案。
总复杂度(inom{13}{2}^4* 13=481195728)，超过了(10^8)，肯定需要剪枝。
可行性剪枝：每个点数选中次数之和不少于原有牌的总数。
最优性剪枝：实时统计选多了的总数，在No的状态下，如果超过答案则剪掉；在Yes的状态下，只要不为(0)就剪掉。
700+ms比标程快多了。可能标程比较良心没加什么剪枝。
#include<bits/stdc++.h>
#define R register int
using namespace std;
const int N=99;
int a[N],b[N],l[N],r[N],cnt[N],n,now1,ans=N,ans1=N;
char s[N];
void dfs(R h,R lef){//lef为n-当前已选中总次数
if(h==5){
R now=0;
for(R i=1;i<=13;++i){
if(cnt[i]>0)return;//不合法
now|=cnt[i]<0;
}
if(now){ans1=now1;return;}//No状态
for(R i=1;i<=n;++i)//Yes状态，统计答案
if((l[a[i]]>b[i]||r[a[i]]<b[i])&&++now==ans)return;
ans=now;ans1=1;return;//注意ans1=1的剪枝作用
}
for(R i=max(lef-(4-h)*13,0),j,rr;i<=13;++i){//枚举区间长度，可行性剪枝
if(i==0){l[h]=r[h]=0;dfs(h+1,lef);continue;}
for(rr=i;rr<=13;++rr){//枚举右端点
for(j=rr-i+1;j<=rr;++j)now1+=--cnt[j]<0;//动态维护当前选多了的总数
if(now1<ans1)l[h]=(r[h]=rr)-i+1,dfs(h+1,lef-i);//最优性剪枝
for(j=rr-i+1;j<=rr;++j)now1-=++cnt[j]<=0;
}
}
}
int main(){
scanf("%d",&n);
for(R i=1;i<=n;++i){
scanf("%d%s",&a[i],s);
if(s[0]=='A')b[i]=1;//把点数处理一下
else if(s[0]=='1')b[i]=10;
else if(s[0]=='J')b[i]=11;
else if(s[0]=='Q')b[i]=12;
else if(s[0]=='K')b[i]=13;
else b[i]=s[0]-'0';
++cnt[b[i]];
}
dfs(1,n);
if(ans!=N)printf("Yes
%d
",ans);
else printf("No
%d
",ans1);
return 0;
}