题意：
对于每一个(i)求满足如下条件的字符串的数目
- 长度为(n)且只出现过'N','O','I'三种字符
- 和一个长度为(k)的模式串的最长公共子序列长度恰好为(i)
- 不含"NOI"这个子串
题解：DP套DP。
首先考虑最长公共子序列怎么求。令(dp[i][j])表示当前串的第(i)位，模式串的第(j)位为止最长公共子序列长度为多少，转移方程显然，(dp[i][j])可以滚动数组优化。
令(f[u][i][j])表示已经从(1)到(n)计算到第(u)个字符，当前(dp[u])的状态(i)，”NOI”中以完成前(j)位的方案数，(u)可以滚动数组优化空间，关于(j)的转移方程显然。对于(i)的转移，只要进行最长公共子序列的动态规划转移即可。
考虑优化(i)的空间。对于(dp[i][j])和(dp[i][j-1])，前者至多比后者多(1)，所以可以差分(dp[u])，然后二进制压缩空间。
(6000 ms) 能过。
代码：
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll mod = 1e9 + 7;
int n, k, sz[32768], a[40], b[40];
char T[40];
int Now = 0;
ll ans[40], f[2][32768][3];
inline int Max(int x, int y) { return x > y? x : y; }
void init() {
scanf("%d%d%s", &n, &k, T + 1);
for(int i = 1; i < (1 << k); i++)
sz[i] = sz[i / 2] + (i & 1);
f[Now][0][0] = 1;
}
void del_hsh(int x) {
for(int i = 0; i < k; i++) a[i + 1] = (x >> i) & 1;
for(int i = 1; i <= k; i++) a[i] += a[i - 1];
}
int get_hsh() {
int sum = 0;
for(int i = 0; i < k; i++) sum |= (b[i + 1] - b[i]) << i;
return sum;
}
void dp(int u, int x, int h, char c, ll val) {
del_hsh(x);
for(int i = 1; i <= k; i++)
b[i] = Max(a[i], Max(b[i - 1], a[i - 1] + (c == T[i])));
int y = get_hsh(); f[u][y][h] = (f[u][y][h] + val) % mod;
}
void solve() {
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int New = Now ^ 1;
for(int j = 0; j < (1 << k); j++)
for(int h = 0; h < 3; h++) f[New][j][h] = 0;
for(int j = 0; j < (1 << k); j++) {
if(f[Now][j][0])
dp(New, j, 1, 'N', f[Now][j][0]),
dp(New, j, 0, 'O', f[Now][j][0]),
dp(New, j, 0, 'I', f[Now][j][0]);
if(f[Now][j][1])
dp(New, j, 1, 'N', f[Now][j][1]),
dp(New, j, 2, 'O', f[Now][j][1]),
dp(New, j, 0, 'I', f[Now][j][1]);
if(f[Now][j][2])
dp(New, j, 1, 'N', f[Now][j][2]),
dp(New, j, 0, 'O', f[Now][j][2]);
}
Now = New;
}
}
void print() {
for(int i = 0; i < (1 << k); i++)
for(int j = 0; j < 3; j++)
ans[sz[i]] = (ans[sz[i]] + f[Now][i][j]) % mod;
for(int i = 0; i <= k; i++) printf("%lld
", ans[i]);
}
int main() {
init(),solve(),print();
return 0;
}