题目描述
给出N个点的一棵树（N-1条边），节点有白有黑，初始全为白
有两种操作：
0 i : 改变某点的颜色（原来是黑的变白，原来是白的变黑）
1 v : 询问1到v的路径上的第一个黑点，若无，输出-1
输入格式
第一行 N，Q，表示N个点和Q个操作
第二行到第N行N-1条无向边
再之后Q行，每行一个操作"0 i" 或者"1 v" (1 ≤ i, v ≤ N).
输出格式
对每个1 v操作输出结果
考虑只对于一条到根的路径的情况：
如果给路径加了一个黑点，那么有两种情况：一是这个黑点深度不是最小的，那么我们不用管它；二是这个黑点是深度最小的黑点，那么我们需要对这条路径的信息进行更新。如果给路径删了一个黑点的话类似。
所以对于一条路径的情况，我们需要一个支持维护最小值、加入和删除点的数据结构。那么堆可以胜任。
那么考虑完整的树的情况：
不难想到对于每个点到根节点的路径都维护一个堆，那么一共要维护N个堆，每次修改最多改N个点的信息(树为一条链，修改根节点)。复杂度显然是我们不能接受的。
由于树链剖分之后每一条路径都可以表示成几个链子拼起来的形式，所以我们可以对原树进行重链剖分。然后我们只需要对于每条链子都维护一个堆即可。
时间复杂度为O(NlogNlogN)
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<set>
#define maxn 100001
#define maxm 300001
using namespace std;
int n,m;
bool col[maxn];
inline int read(){
register int x(0),f(1); register char c(getchar());
while(c<'0'||'9'<c){ if(c=='-') f=-1; c=getchar(); }
while('0'<=c&&c<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48),c=getchar();
return x*f;
}
struct edge{
int to,next;
edge(){}
edge(const int &_to,const int &_next){ to=_to,next=_next; }
}e[maxn<<1];
int head[maxn],k;
inline void add(const int &u,const int &v){ e[k]=edge(v,head[u]),head[u]=k++; }
int size[maxn],dep[maxn],fa[maxn],son[maxn];
int dfn[maxn],id[maxn],top[maxn],tot;
void dfs_getson(int u){
size[u]=1;
for(register int i=head[u];~i;i=e[i].next){
int v=e[i].to;
if(v==fa[u]) continue;
fa[v]=u,dep[v]=dep[u]+1;
dfs_getson(v),size[u]+=size[v];
if(size[v]>size[son[u]]) son[u]=v;
}
}
void dfs_rewrite(int u,int tp){
dfn[u]=++tot,id[tot]=u,top[u]=tp;
if(son[u]) dfs_rewrite(son[u],tp);
for(register int i=head[u];~i;i=e[i].next){
int v=e[i].to;
if(v!=fa[u]&&v!=son[u]) dfs_rewrite(v,v);
}
}
set<int> ans[maxn];
int main(){
memset(head,-1,sizeof head);
n=read(),m=read();
for(register int i=1;i<n;i++){
int u=read(),v=read();
add(u,v),add(v,u);
}
dfs_getson(1),dfs_rewrite(1,1);
for(register int i=1;i<=m;i++){
int op=read(),u=read();
if(op==0){
col[u]^=1;
if(col[u]) ans[top[u]].insert(dfn[u]);
else ans[top[u]].erase(dfn[u]);
}else{
int v=0x3f3f3f3f,k;
while(top[u]!=1){
k=*ans[top[u]].begin();
if(ans[top[u]].size() && dep[id[k]]<=dep[u]) v=id[k];
u=fa[top[u]];
}
k=*ans[1].begin();
if(ans[1].size() && dep[id[k]]<=dep[u]) v=id[k];
printf("%d
",v==0x3f3f3f3f?-1:v);
}
}
return 0;
}