【题目描述】
小明上初中了，他对数学有着很强烈的兴趣。
在小明学完一次函数之后，老师留了一道应用题：
商品的销量和商品的价格构成一个一次函数。假如商品的价格为(p)，愿意购买此商品的人数为(n)，他们之间满足(n=lfloor n_0-kp floor),其中(p,k)为实数，(n,n_0)为整数，(lfloor x floor)表示不超过(x)的最大整数。
每个商品的成本为(p_0)，则销售利润为(n(p-p_0))。请你选择一个合适的价格，使得销售利润最大。假设商品的数量无限制，未售出的商品对利润没有影响。
小明很快就做出来这道题，于是在哥哥大明面前表现的很得意。大明想了想，问小明：“如果你可以设置两个价格 (p_1) 和 (p_2) ((p_1 > p_2))，有 (n_1 = lfloor n_0-kp_1 floor) 的人按价格 (p_1) 购买，(n_2 = lfloor n_0-kp_2 floor − n_1) 的人按价格(p_2)购买，此时如何设置这两个价格使得利润最大？”
小明想了想，很快又想出做法了，就跑去告诉哥哥大明。大明没时间检查小明的做法，于是找到了聪明的你。你能否帮大明写一个程序验证小明的答案？
【输入格式】
输入文件只有一行：一个整数 (n_0) 和两个实数 (p_0), (k)，具体含义见题目描述。
【输出格式】
输出文件一行：两个实数，分别表示设置一个价格的最大利润和设置两个价格的最大利润。
题解
一道友好的数学题
先看第一问 在(n)不变的条件下(p)显然是越大越好 所以(lfloor n_0-kp floor)会尽量小 那我们就可以把那个下取整丢掉了
奇妙变换一下 得到(p=frac{n_0-n}{k})
利润是(Y=n(p-p_0)) 把(p=frac{n_0-n}{k})代入，得到(Y=-frac{1}{k}n^2+(frac{n0}{k}-p_0)n) 这显然是一个关于(n)的二次函数 于是用三分法搞一下就可以了
第二问 假设(n_1)确定 那么第二件商品的利润也是个关于(n_2)的二次函数 然后总利润和(n_1)也会是个单峰函数的关系 具体就不证了 所以三分里再套个三分就行了
据说有(O(1))解法 反正我太蒻了
代码
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
int n0;
double k, p0;
inline double calc(int n2, int n1) {
double p = (n1 - n2) * 1.0 / k;
return n2 * (p - p0);
}
inline double solve(int n1) {
double p = (n0 - n1) * 1.0 / k;
int l = 1, r = n0 - n1;
while (l < r) {
int m1 = l + (r - l) / 3, m2 = m1 + (r - l) / 3 + 1;
if (calc(m1, n0 - n1) < calc(m2, n0 - n1)) l = m1 + 1;
else r = m2 - 1;
}
return n1 * (p - p0) + calc(l, n0 - n1);
}
int main() {
scanf("%d %lf %lf", &n0, &p0, &k);
printf("%.3lf ", solve(0));
int l = 1, r = n0;
while (l < r) {
int m1 = l + (r - l) / 3, m2 = m1 + (r - l) / 3 + 1;
if (solve(m1) < solve(m2)) l = m1 + 1;
else r = m2 - 1;
}
printf("%.3lf", solve(l));
return 0;
}