题目描述
Yasuo 和Riven对一排(n)个假人开始练习。斩杀第(i)个假人会得到(c_i)个精粹。双方轮流出招，他们在练习中互相学习，所以他们的剑术越来越强。基于对方上一次斩杀的假人数量(k)，可以斩杀掉剩余假人中位置最靠前的([1,2k])范围内数量的连续假人。最初Yasuo先出招，斩杀(1)或(2)个假人。Yasuo偷偷把你叫到一边，问在双方都采取最优策略的情况下, 他最多能够获取多少精粹。
输入
第一行一个正整数(n)，表示假人的个数。
接下来(n)行，每行一个正整数(c_i)表示斩杀每个假人获得的精粹数。
输出
一个正整数表示 Yasuo 能够得到的最大精粹数量。
样例输入
5
1
3
1
7
2
样例输出
9
样例解释
Yasuo 斩(1)号，Riven 斩(2)号，Yasuo 斩(3,4)号，Riven 斩(5)号。
数据范围
对于前(10\%)的数据，(n leq 10)
对于前(40\%)的数据，(n leq 500)
对于(100\%)的数据，(5 leq n leq 5000, ci leq 10^9)
题解
首先，吐槽题目背景，并吐槽搬题并魔改的出题人。
简单博弈论(DP)，几乎不怎么涉及博弈论的知识。
显然两人其实是等价的，设(f[i][j])表示现在剩下末尾的(i)个假人，最后一刀是砍了(j)个假人，能得到的最大值。显然我们可以枚举下一刀砍了多少人(kin[1,2j])，(DP)状态的转移就会非常简单。但很遗憾，这样的复杂度是(O(n^3))，并不能通过所有测试点。
考虑优化，我们把(DP)式子写下来吧：
(f[i][j] = max(s[i]-f[i-k][k]))，其中(kin[1,2j])，(s[i])表示后(i)个人的(c)之和。
化一下式子：
(f[i][j] = max(f[i][j-1],s[i]-f[i-2j][2j],s[i]-f[i-2j+1][2j-1]))
然后就没了……
(Code:)
#include <cmath>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define N 5005
#define ll long long
#define inf (1ll << 50)
template<typename Mytype>void Read(Mytype &p)
{
p = 0;
char c = getchar();
for (; c < '0' || c > '9'; c = getchar());
for (; c >= '0' && c <= '9'; c = getchar())p = p * 10 + c - '0';
}
ll s[N];
ll f[5005][5005];
int n, A[N];
int main()
{
Read(n);
for (int i = 1; i <= n; i++)
Read(A[i]), s[n - i + 1] = A[i];
for (int i = 1; i <= n; i++)
s[i] += s[i - 1];
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
for (int j = 1; j <= n; j++)
{
ll ans1 = -inf, ans2 = -inf;
if (i >= (2 * j - 1))
ans1 = s[i] - f[i - (2 * j - 1)][2 * j - 1];
if (i >= (2 * j))
ans2 = s[i] - f[i - 2 * j][2 * j];
f[i][j] = max(max(ans1, ans2), f[i][j - 1]);
}
}
printf("%lld
", f[n][1]);
}