题意：
求有多少个数列 (x) 满足：
- (sum x_i=n)
- (x_igeq x_{i+1})
答案对 (p) 取模。
。。。你确定这叫“入门”组？
一眼完全背包问题，然而 (n^2) 是根本过不了的，于是我便在那里打表找规律，结果毛用也没有（
考虑根号分治，令 (m=lfloorsqrt{n}
floor)。
对于 (ileq m) 跑一遍完全背包。
对于 (i>m)，不难发现我们顶多会选 (m) 个这样的 (i)，所以我们采取另一种 (dp) 状态。
我们记 (g_{i,j}) 为选择了 (i) 个这样的 (i)，它们的和为 (j) 的方案数。
那么有转移方程 (g_{i,j}=g_{i-1,j-m-1}+g_{i,j-i})。
稍微解释一下这个 (dp) 方程，(g_{i-1,j-m-1}) 表示在序列末尾新增添一个 (m+1)，(g_{i,j-i}) 表示将序列中所有数 (+1)，由于我们得到的序列是单调递减的，所以一种方案一定恰好对于一种操作序列。
最后是计算答案，枚举 (leq m) 的数和是多少，以及选择了多少个 (>m) 的数，可以在 (mathcal O(nsqrt{n})) 的时间内计算出答案。
总时间复杂度 (mathcal O(nsqrt{n}))。
感觉有点像 atcoder 风格的题。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define fi first
#define se second
#define fz(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
#define fd(i,a,b) for(int i=a;i>=b;i--)
#define ffe(it,v) for(__typeof(v.begin()) it=v.begin();it!=v.end();it++)
#define fill0(a) memset(a,0,sizeof(a))
#define fill1(a) memset(a,-1,sizeof(a))
#define fillbig(a) memset(a,63,sizeof(a))
#define pb push_back
#define ppb pop_back
#define mp make_pair
typedef pair<int,int> pii;
typedef long long ll;
const int MAXN=1e5+5;
const int SQRT=320;
int n,m,p;
int dp[MAXN],f[SQRT][MAXN];
int main(){
scanf("%d%d",&n,&p);m=(int)(sqrt(n));
dp[0]=1;
for(int i=1;i<=m;i++){
for(int j=i;j<=n;j++) dp[j]=(dp[j]+dp[j-i])%p;
}
f[0][0]=1;
for(int i=1;i<=m;i++){
for(int j=1;j<=n;j++){
if(j>=i) f[i][j]=f[i][j-i];
if(j>=m+1) f[i][j]=(f[i][j]+f[i-1][j-m-1])%p;
}
}
int ans=0;
for(int i=0;i<=n;i++) for(int j=0;j<=m;j++)
ans=(ans+1ll*dp[i]*f[j][n-i])%p;
printf("%d
",ans);
return 0;
}