题目描述
小仓鼠的和他的基（mei）友（zi）sugar住在地下洞穴中，每个节点的编号为1~n。地下洞穴是一个树形结构。这一天小仓鼠打算从从他的卧室（a）到餐厅（b），而他的基友同时要从他的卧室（c）到图书馆（d）。他们都会走最短路径。现在小仓鼠希望知道，有没有可能在某个地方，可以碰到他的基友？
小仓鼠那么弱，还要天天被zzq大爷虐，请你快来救救他吧！
输入输出格式
输入格式：
第一行两个正整数n和q，表示这棵树节点的个数和询问的个数。
接下来n-1行，每行两个正整数u和v，表示节点u到节点v之间有一条边。
接下来q行，每行四个正整数a、b、c和d，表示节点编号，也就是一次询问，其意义如上。
输出格式：
对于每个询问，如果有公共点，输出大写字母“Y”；否则输出“N”。
输入输出样例
输入样例#1：
5 5 2 5 4 2 1 3 1 4 5 1 5 1 2 2 1 4 4 1 3 4 3 1 1 5 3 5 1 4
输出样例#1：
Y N Y Y Y
说明
本题时限1s，内存限制128M，因新评测机速度较为接近NOIP评测机速度，请注意常数问题带来的影响。
20%的数据 n<=200,q<=200
40%的数据 n<=2000,q<=2000
70%的数据 n<=50000,q<=50000
100%的数据 n<=100000,q<=100000
【思路】
放一个倍增法求lca的板子，然后求四边lca。
题目是一个点从A出发到B 一个从C出发到D 那么从A到B可以分解成 先从A到X 再从X到B。。。 C同理 假设能相遇 那么 要么在A到X的过程A,B相遇 要么在X到B的过程A,B相遇 对于在A到X的过程相遇的情况 又可以分解为： 情况1： 在A到X的过程和 C到Y的过程 中A,B相遇 情况2： 在A到X的过程和 Y到D的过程 中A,B相遇 另一种情况同理。。。
以上是粘的洛谷上的 昨天在徐老大的帮助下成功理解为什么（就是下面代码的方法）
在X Y中取一个最大，再在lca(a,c).lca(a,d),lca(b,c),lca(b,d)这四个当中取一个最大，如果后者的深度大于等于前者，那么可以相遇，否则不能；
我们从头来说一下吧；
相遇的情况 a->X,c->y 相遇（可以认为 松鼠和他基友都在网上冲）
a->X,y->d 相遇（一个往上冲，一个在往下冲）
X->b，c->Y 相遇（一个往下冲 一个往上冲）
X->b,Y->d 相遇（都往下冲）
根据树中的每一个节点的父亲都是唯一的，lca可以认为是他们最短路径上深度最浅的那个点，a,b,c,d到他们lca的路径是唯一的。
而上述的4个lca中深度最大的那一个 我们姑且记为S，那么S一定是a,b中的一个（有a无b，有b无a，我们假设是①）和c,d的一个（有c无d 有d无c，我们假设是②）的lca（仔细理解哦）
那么如果s的深度大于x,y中较大的的那一个，说明①在和②在往上冲的过程中一定要经过他们的lca，也就是S，再经过x或者是y。因为①和②是 a,b中的一个和c,d中的一个，他们还要冲向x或者是y呢。这种情况必然相遇；
还有徐老大给我讲的她看的题解。
（1）第一种特别明显的不会有路径相交的情况是，最深的那个lca比浅的lca的那两个点还深，就一定不会用路径交集。
（2）有路径交集的情况在浅的lca的路径一定覆盖深的lca的路径，那么深的lca这个点的一定在浅的Lca的子树里，那么
假如浅的Lca和深的lca的那两个点的lca是浅的的这个点本身，那么路径一定有交集。。。。。。
【题解】
#include<iostream> #include<cstdio> #include<vector> using namespace std; #define N 100009 vector<int>vec[N]; int n,q,u,v,a,b,c,d; int dad[N][22],depth[N]; int read() { int x=0,f=1; char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}//是&& return f*x; } void dfs(int x) { depth[x]=depth[dad[x][0]]+1; for(int i=0;dad[x][i];i++)//先进行这一步 { dad[x][i+1]=dad[dad[x][i]][i]; } for(int i=0;i<vec[x].size();i++) { if(!depth[vec[x][i]]) { dad[vec[x][i]][0]=x; dfs(vec[x][i]); } } } int lca(int x,int y) { if(depth[x]>depth[y]) swap(x,y); for(int i=20;i>=0;i--) { if(depth[dad[y][i]]>=depth[x])//到相同的深度 { y=dad[y][i]; } } if(x==y)return x; for(int i=20;i>=0;i--) { if(dad[x][i]!=dad[y][i]) x=dad[x][i],y=dad[y][i]; } return dad[x][0]; } int main() { n=read();q=read(); for(int i=1;i<=n-1;i++) { u=read();v=read(); vec[u].push_back(v); vec[v].push_back(u); } dfs(1); for(int i=1;i<=q;i++) { a=read();b=read();c=read();d=read(); int tep=max(depth[lca(a,b)],depth[lca(c,d)]); int res=max(max(depth[lca(a,c)],depth[lca(a,d)]), max(depth[lca(b,c)],depth[lca(b,d)])); if(res>=tep) printf("Y "); else printf("N "); } return 0; }