题目背景
阿宝上学了，今天老师拿来了一块很长的涂色板。
题目描述
色板长度为L，L是一个正整数，所以我们可以均匀地将它划分成L块1厘米长的小方格。并从左到右标记为1, 2, ... L。
现在色板上只有一个颜色，老师告诉阿宝在色板上只能做两件事：
- "C A B C" 指在A到 B 号方格中涂上颜色 C。
- "P A B" 指老师的提问：A到 B号方格中有几种颜色。
学校的颜料盒中一共有 T 种颜料。为简便起见，我们把他们标记为 1, 2, ... T. 开始时色板上原有的颜色就为1号色。 面对如此复杂的问题，阿宝向你求助，你能帮助他吗？
输入输出格式
输入格式：第一行有3个整数 L (1 <= L <= 100000), T (1 <= T <= 30) 和 O (1 <= O <= 100000)。 在这里O表示事件数。
接下来 O 行, 每行以 "C A B C" 或 "P A B" 得形式表示所要做的事情(这里 A, B, C 为整数, 可能A> B，这样的话需要你交换A和B)
对于老师的提问，做出相应的回答。每行一个整数。
输入输出样例
输入样例#1：
复制
2 2 4 C 1 1 2 P 1 2 C 2 2 2 P 1 2
输出样例#1： 复制
2 1
T<=30！！！二进制压缩就行了；
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<string>
#include<cmath>
#include<map>
#include<set>
#include<vector>
#include<queue>
#include<bitset>
#include<ctime>
#include<deque>
#include<stack>
#include<functional>
#include<sstream>
//#include<cctype>
//#pragma GCC optimize(2)
using namespace std;
#define maxn 900005
#define inf 0x7fffffff
//#define INF 1e18
#define rdint(x) scanf("%d",&x)
#define rdllt(x) scanf("%lld",&x)
#define rdult(x) scanf("%lu",&x)
#define rdlf(x) scanf("%lf",&x)
#define rdstr(x) scanf("%s",x)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef unsigned int U;
#define ms(x) memset((x),0,sizeof(x))
const long long int mod = 1e9 + 7;
#define Mod 1000000000
#define sq(x) (x)*(x)
#define eps 1e-3
typedef pair<int, int> pii;
#define pi acos(-1.0)
//const int N = 1005;
#define REP(i,n) for(int i=0;i<(n);i++)
typedef pair<int, int> pii;
inline ll rd() {
ll x = 0;
char c = getchar();
bool f = false;
while (!isdigit(c)) {
if (c == '-') f = true;
c = getchar();
}
while (isdigit(c)) {
x = (x << 1) + (x << 3) + (c ^ 48);
c = getchar();
}
return f ? -x : x;
}
ll gcd(ll a, ll b) {
return b == 0 ? a : gcd(b, a%b);
}
int sqr(int x) { return x * x; }
/*ll ans;
ll exgcd(ll a, ll b, ll &x, ll &y) {
if (!b) {
x = 1; y = 0; return a;
}
ans = exgcd(b, a%b, x, y);
ll t = x; x = y; y = t - a / b * y;
return ans;
}
*/
int n, m;
struct node {
int l, r;
int sum;
int lazy;
}tree[maxn];
void pushup(int rt) {
tree[rt].sum = tree[rt << 1].sum | tree[rt << 1 | 1].sum;
}
void pushdown(int rt) {
if (tree[rt].lazy) {
tree[rt << 1].lazy = tree[rt].lazy;
tree[rt << 1 | 1].lazy = tree[rt].lazy;
tree[rt << 1].sum = tree[rt].lazy;
tree[rt << 1 | 1].sum = tree[rt].lazy;
tree[rt].lazy = 0;
}
}
void build(int l, int r, int rt) {
tree[rt].l = l; tree[rt].r = r; tree[rt].lazy = 0;
if (l == r) {
tree[rt].sum = 1; return;
}
int mid = (l + r) >> 1;
build(l, mid, rt << 1); build(mid + 1, r, rt << 1 | 1);
pushup(rt);
}
void upd(int col, int L, int R, int l, int r,int rt) {
if (L <= l && r <= R) {
tree[rt].sum = (1 << (col - 1));
tree[rt].lazy = (1 << (col - 1));
return;
}
pushdown(rt);
int mid = (l + r) >> 1;
if (L <= mid)upd(col, L, R, l, mid, rt << 1);
if (mid < R)upd(col, L, R, mid + 1, r, rt << 1 | 1);
pushup(rt);
}
int query(int L, int R, int l, int r, int rt) {
if (L <= l && r <= R) {
return tree[rt].sum;
}
pushdown(rt);
int mid = (l + r) >> 1;
int ans = 0;
if (L <= mid)ans |= query(L, R, l, mid, rt << 1);
if (mid < R)ans |= query(L, R, mid + 1, r, rt << 1 | 1);
return ans;
}
int main() {
//ios::sync_with_stdio(0);
rdint(n); int T; rdint(T); rdint(m);
build(1, n, 1);
while (m--) {
char op; cin >> op;
if (op == 'C') {
int a, b, c; rdint(a); rdint(b); rdint(c);
if (a > b)swap(a, b);
upd(c, a, b, 1, n, 1);
}
else {
int a, b; rdint(a); rdint(b);
if (a > b)swap(a, b);
int tot = 0;
int ans = query(a, b, 1, n, 1);
for (int i = 1; i <= T; i++) {
if (ans&(1 << (i - 1))) {
tot++;
}
}
cout << tot << endl;
}
}
return 0;
}