「CQOI2009」中位数
传送门
这道题将会用到一点桶的思想。
首先我们可以在排列中先找到 (b) 的位置（找不到的话就直接输出 (0)）。
然后我们从 (b) 的位置（设为 (p)）开始拓展，容易发现有三种情况：
- (b) 在子段左边界
- (b) 在子段右边界
- (b) 在子段中间位置
我们很容易想到，对于 (b) 在子段边界的情况可以直接扫描，记录一下小于 (b) 的数和大于 (b) 的数的个数即可。
对于 (b) 在序列中间的情况可以这样做：
类比我们处理其他两种情况的方法，我们都是记录了小于 (b) 和大于 (b) 的数的个数（简记为 (small) 和 (big)）
当 (small=big) 时，意味着当前 (b) 就是中位数，我们就可以将答案加一。
同样的对于这种情况，我们不难得到下面这个式子：
[small_{ ext{左}}+small_{ ext{右}}=big_{ ext{左}}+big_{ ext{右}}
]
接下来移项：
[small_{ ext{左}}-big_{ ext{左}}=big_{ ext{右}}-small_{ ext{右}}
]
那么我们就可以用桶来维护，具体方法如下：
在对一种边界情况进行处理时（以向右拓展为例），我们开一个桶 (tong[i]) 表示有多少种 (big-small) 等于 (i)。（为了防止数组越界可以同时加上一个数）
然后在对另一边进行处理时干一件这样的事： (ans ext{+=} tong[small - big])
这样我们就完成了的三种情况的方案数统计，可以见代码。
参考代码：
/*--------------------------------
Code name: A.cpp
Author: The Ace Bee
This code is made by The Ace Bee
--------------------------------*/
#include <cstdio>
#define rg register
#define file(x)
freopen(x".in", "r", stdin);
freopen(x".out", "w", stdout);
const int $ = 100010;
inline int read() {
int s = 0; bool f = false; char c = getchar();
while (c < '0' || c > '9') f |= (c == '-'), c = getchar();
while (c >= '0' && c <= '9') s = (s << 3) + (s << 1) + (c ^ 48), c = getchar();
return f ? -s : s;
}
int a[$], tong[$ * 5], OFF = $ * 2;
int main() {
// file("A");
int n = read(), k = read(), p = 0;
for (rg int i = 1; i <= n; ++i)
{ a[i] = read(); if (a[i] == k) p = i; }
if (p == 0) return puts("0"), 0;
int ans = 1, s1 = 0, b1 = 0, s2 = 0, b2 = 0;
for (rg int i = p + 1; i <= n; ++i) {
if (a[i] > k) ++b2; else ++s2;
++tong[b2 - s2 + OFF];
if (s2 == b2) ++ans;
}
for (rg int i = p - 1; i >= 1; --i) {
if (a[i] > k) ++b1; else ++s1;
ans += tong[s1 - b1 + OFF];
if (s1 == b1) ++ans;
}
printf("%d
", ans);
return 0;
}