场上题目看错两次，day2 成功爆炸 /ll
为什么我总是拿不到自己该拿的分呢？
本文下标从 1 开始
算法 1
我会容斥！
先把问题转化成统计不存在一个合法位置的方案数。
接着统计有钦定 (k) 个合法的，其他随便的方案数。其容斥系数为 ((-1)^k)。
在一次机器人的操作后，所有输入的数在经过机器人在操作后的输出都可以表示成 (0)，(1)，(x) 或 (1-x) 的形式（(x) 是这个位置上输入的数）
考虑一个纸带：对于一个被钦定的每一个位置，要求输入经过这个机器人操作之后一定等于输出。仍然把输出表示成输入的形式，只不过这个输出可以以多种方式被输入表达。
对于每一个位置分类讨论：
- 如果这个位置上表示成的结果
既有 0 又有 1或既有 x 又有 1-x：输入输出都为空。方案数为 1。 - 如果不满足条件 (1)，这个位置上表示成的结果
有 0 或 1且有 x 或 1-x：输入输出都为空，否则输入输出就被固定了。方案数为 2。 - 条件 1，2 都不满足：对于每一个输入都对应一个唯一的输出，方案数为 3。
这个纸带上每一个位置就是独立的了，最后把每个位置的答案乘起来即可。
注意机器人爆炸的情况。
时间复杂度 (Theta(n^22^nm))，期望得分 (20)。
算法 2
我会优化算法 1！
对于第 (i) 个机器人，考虑实际进行修改了的位置只有 R 的个数个（设为 (c_i)）。
考虑枚举最后一个钦定的位置在哪里（设为 (r)）。这样就可以知道哪些机器人是爆炸的了：有且仅有 (c_i > n - r) 的爆炸了。
然后对于前 (r) 个位置 ( m DP)。状压记录前面的元素中哪些元素被钦定了。钦定了一个位置就给答案乘上 (-1)。在 ( m DP) 的过程中，做到第 (i) 个数就把第 (i) 个位置的贡献（即输入输出方案数）统计掉。
但我们发现并不是所有元素都需要记录下来的：只用记录与当前位置距离不超过 (n - r) 的和与当前位置距离超过 (n-r) 的位置中有没有 (1) 即可。
最后再处理一下位置超过 (r) 的元素即可。
时间复杂度 (Theta(n^2m2^{n/2}))，期望得分 (48)。
算法 3
我会 bitset！
发现我们统计一个位置的贡献的时候，只有 是否有... 有用。所以考虑用 (
m bitset) 同时处理一堆纸条是否有 0，1，x 和 1-x。
这样复杂度就降到了 (Theta(frac{n^2m2^{n/2}}{omega}))，常数巨大。但是还可以优化。
其实我们要求的是类似于一个子集中的 (
m bitset) 的子集并，这个东西仍然可以优化，就是类似于 f[x] = f[x & -x] | f[x ^ (x & -x)]。
时间复杂度 (Theta(frac{nm2^{n/2}}{omega}))，期望得分 (100)。
感觉讲的有些抽象，不过相信大家想到算法2 之后就会做了。
算法 4
考虑换个维度思考，对于每一个纸条，考虑他对哪些集合的贡献是 (1)，哪些集合的贡献是 (3)，算出来这两个就可以算出哪些集合贡献为 (2)。
问题基本转化成了这样：(n) 个元素被划分为 (4) 个集合 (S_0,S_1,S_2,S_3)，要将满足 [有 (S_0) 和 (S_1) 中的元素] 或 [有 (S_2) 和 (S_3) 中的元素] 的集合权值 +1，最后求每一个集合的权值和。这个东西可以用容斥解决（转换成多个对 (T_i) 的所有子集 (S) 权值增加 (W_i)）
感觉我讲不太清楚。。。。。
时间复杂度 (Theta(n^2 (m + 2^{n / 2})))。期望得分 (100)。
祝大家学习愉快！