题目描述
现在告诉你一个长度为 (n) 的有序数组 (a_1, a_2, ..., a_n) ，以及 (q) 次询问，每次询问会给你一个数 (x) ，对于每次询问，你需要输出数组 (a) 中大于等于 (x) 的最小元素。
输入格式
输入的第一行包含一个整数 (n（1 le n le 100000）) ，用于表示数组中元素的个数。
输入的第二行包含 (n) 个整数，两两之间有一个空格，用于表示数组中的元素 (a_1, a_2, ..., a_n（1 le a_i le 10^9，并且 a_1 le a_2 le ... le a_n）) 。
输入的第三行包含一个整数 (q（1 le q le 100000）) ，用于表示询问的次数。
接下来 (q) 行，每行包含一个整数 (x（1 le x le 10^9）) ，表示要询问的数。
输出格式
对于每一次询问的 (x) ，如果数组 (a) 中存在大于等于 (x) 的元素，则输出数组 (a) 中满足大于等于 (x) 条件的所有元素中最小的元素；否则输出“-1” 。每个输出结果占单独的一行。
样例输入
5
1 3 5 7 9
3
2
9
11
样例输出
3
9
-1
题目分析
本题涉及算法：二分。
因为数组是按照单调非递增的顺序给我们的（即满足 (a_i le a_{i+1}) ），所以我们按照如下方式进行二分：
首先我们开一个变量 (L = 1) 用于表示初始时自变量（数组坐标）的左边界；在一个变量 (L = n) 用于表示初始时自变量（数组坐标）的右边界。
我们还需要开一个变量 (res) 用于存储答案（即大于等于 (x) 的最大的数），初始时 (res = -1) （如果结束的时候 (res) 还是 (-1) 则说明没有符合要求的答案）。
然后只要满足 (L le R) 条件，我们就循环执行如下操作：
开一个变量 (mid) 并令 (mid = (L+R)/2) ，然后判断：
- 如果 (a[mid] ge x) ，说明这个 (a[mid]) 是满足 (ge x) 的当前最优解；所以我们需要将 (res) 更新为 (mid) ，同时执行 (R = mid-1) 。因为当前最优解并不一定是最终最优解，(a[mid] ge x) 能够说明的是 ([mid,R]) 范围内的所有元素都 (ge x) ，但是并不能说明 ([L, mid-1]) 范围内是否还存在比 (a[mid]) 更小的元素同样 (ge x) ，所以我们还是要继续循环的进左半边去查找（所以才需要执行 (R = mid -1) 操作）。
- 如果 (a[mid] lt x) ，说明 (a[L]) 到 (a[mid]) 范围内的所有元素都 (lt x) ，所以我们只需要执行 (L = mid +1) 进右半边继续查找。
这样，当循环结束的时候（不满足 (L le R) 条件则循环就结束了）：
- 如果 (R = -1) ，说明没有找到答案（因为只要找到答案 (res) 就会更新，如果到循环结束的时候 (res) 还是等于 (-1) 则说明一个满足要求的答案都没有找到过）；
- 否则，(res) 对应的就是大于等于 (x) 的最小元素的坐标，我们直接输出 (a[res]) 即可。
这里需要注意的是：一旦找到了当前最优解，我就更新 (res) 为 (mid) （令 (res) 记录最优解的自变量）；但是其实我们也可以更新 (res) 为 (a[mid])（令 (res) 记录最优解的应变量）。之所以我更习惯用 (res) 记录自变量的原因是：可以直接通过自变量得到应变量，而不能直接通过应变量得到自变量，所以使用 (res) 记录自变量会好一些。
实现代码如下：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 100010;
int n, a[maxn], q, x;
// solve函数用于返回大于等于x的最小元素
int solve(int x) {
int L = 1, R = n, res = -1;
while (L <= R) {
int mid = (L + R) / 2;
if (a[mid] >= x) {
res = mid;
R = mid - 1;
}
else L = mid + 1;
}
if (res == -1) return -1; // 如果循环结束res==-1，说明没有找到答案
return a[res]; // 因为res存的是最优解的坐标，所以返回a[res]
}
int main() {
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i ++) cin >> a[i];
cin >> q;
while (q --) {
cin >> x;
cout << solve(x) << endl;
}
return 0;
}