题意
一个平面上有(n)个点，(m)次操作，每次新增一个点，或者是询问离某个点最近的点的距离。这里的距离是曼哈顿距离。
(n,mle3*10^5)
sol
写一发(CDQ)。
只考虑询问点在其他点的右上方的情况，假设询问点是(A)，那么所求的距离就是((X_A-X_i)+(Y_A-Y_i)=(X_A+Y_A)-(X_i+Y_i))。
所以我们只需要找出满足(X_i le X_A,Y_i le Y_A)中(X_i+Y_i)的最大值就好了。
(CDQ)前先按时间戳排序，向上归并时按(X)排序。考虑左边对右边的贡献时，按(Y)值为下标插入树状数组，然后查询前缀最大值。
对于不在右上方的情况，只要把坐标轴翻转四次就可以了。
然而。 这题卡常。 以下是一些卡常技巧。 >清空树状数组的时候，如果当前位已经是$0$就直接$return$。 预先记录按照时间戳的排序，每次$CDQ$完后直接复制一遍，不需要排序。 删除不必要的点（不会被任何询问考虑到的点）
常数巨大无比。
code
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
int gi()
{
int x=0,w=1;char ch=getchar();
while ((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar();
if (ch=='-') w=0,ch=getchar();
while (ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
return w?x:-x;
}
const int N = 1e6+5;
struct node{
int tim,opt,x,y;
bool operator < (const node &b) const
{
if (x!=b.x) return x<b.x;
if (y!=b.y) return y<b.y;
return opt<b.opt;
}
}a[N],p[N],q[N];
int n,m,X,Y,c[N],ans[N];
inline void modify(int k,int v){while(k<=Y)c[k]=max(c[k],v),k+=k&-k;}
inline int query(int k){int s=0;while(k)s=max(s,c[k]),k-=k&-k;return s;}
inline void clear(int k){while(k<=Y)if(c[k])c[k]=0,k+=k&-k;else return;}
void CDQ(int l,int r)
{
if (l==r) return;
int mid=l+r>>1;CDQ(l,mid);CDQ(mid+1,r);
int L=l,R=mid+1;
for (int i=l;i<=r;++i)
if (L<=mid&&(R>r||p[L]<p[R]))
{
q[i]=p[L++];
if (q[i].opt==1) modify(q[i].y,q[i].x+q[i].y);
}
else
{
q[i]=p[R++];
if (q[i].opt==2)
{
int tmp=query(q[i].y);
if (tmp) ans[q[i].tim]=min(ans[q[i].tim],q[i].x+q[i].y-tmp);
}
}
for (int i=l;i<=r;++i) p[i]=q[i],clear(p[i].y);
}
void Delete()
{
int xx=0,yy=0;m=0;
for (int i=1;i<=n;++i)
if (p[i].opt==2)
xx=max(xx,p[i].x),yy=max(yy,p[i].y);
for (int i=1;i<=n;++i)
if (p[i].x<=xx&&p[i].y<=yy)
q[++m]=p[i];
for (int i=1;i<=m;++i) p[i]=q[i];
}
int main()
{
n=gi();m=gi();memset(ans,63,sizeof(ans));
for (int i=1;i<=n;++i)
{
a[i]=(node){0,1,gi()+1,gi()+1};
X=max(X,a[i].x);Y=max(Y,a[i].y);
}
for (int i=1;i<=m;++i)
{
a[++n]=(node){i,gi(),gi()+1,gi()+1};
X=max(X,a[n].x);Y=max(Y,a[n].y);
}
++X;++Y;
for (int i=1;i<=n;++i) p[i]=a[i];
Delete();CDQ(1,m);
for (int i=1;i<=n;++i) p[i]=a[i],p[i].x=X-p[i].x;
Delete();CDQ(1,m);
for (int i=1;i<=n;++i) p[i]=a[i],p[i].y=Y-p[i].y;
Delete();CDQ(1,m);
for (int i=1;i<=n;++i) p[i]=a[i],p[i].x=X-p[i].x,p[i].y=Y-p[i].y;
Delete();CDQ(1,m);
for (int i=1;i<=n;++i) if (a[i].opt==2) printf("%d
",ans[a[i].tim]);
return 0;
}