这道题目我一看到就想起了经典题——关路灯
但是时间好像不太好搞啊！
我们可以枚举时间qwq
考虑 (4) 维 (dp) (f_{i,j,t,0/1}) 表示 (zrl) 看了第 (i) 页到第 (j) 页，此时时间为 (t)。
最后一维
-
如果是 (0) 就是在第 (i) 页。
-
如果是 (1) 就是在第 (j) 页。
为什么这样是对的？
我们会发现，首先为了最优 (zrl) 绝对不会刻意地去浪费时间，像这样
要往左走，一定会超过之前走到最左的点
要往右走，一定会超过之前走到最右的点
所以，我们可以开始转移了。
-
按照上面的结论 (f_{i,j,t,1}) 有 (2) 种可能
- 一种是 (f_{i+1,j,t-(a_{i+1}-a_i),0})
- 一种是 (f_{i+1,j,t-(a_j-a_i),1})
-
按照上面的结论 (f_{i,j,t,0}) 有 (2) 种可能
- 一种是 (f_{i,j-1,t-(a_j-a_{j-1}),1})
- 一种是 (f_{i,j-1,t-(a_j-a_i),0})
代码就很好写了：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
struct node{
int x,v,t;
}a[210];
ll f[210][210][510][2],n,ans;//不开long long见祖宗！
bool cmp(node a,node b){
return a.x<b.x;
}
int work(int x,int y){//算能否get到快乐值
if(a[y].t>=x)return a[y].v;
return 0;
}
int main(){
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i].x>>a[i].v>>a[i].t;
n++;//这里的话，我来解释一下，首先有可能所有帖子的页面都>0或<0，zrl也可能只向左走或只向又走。
sort(a+1,a+n+1,cmp);
for(int len=1;len<=n;len++)
for(int i=1;i+len<=n;i++){
int j=i+len;
if(a[i].x>0||a[j].x<0)continue;
int x=min(abs(a[i].x),abs(a[j].x))+a[j].x-a[i].x;
for(int t=x;t<=500;t++){
f[i][j][t][0]=max(f[i+1][j][max(t-(a[i+1].x-a[i].x),0)][0],f[i+1][j][max(t-(a[j].x-a[i].x),0)][1] )+work(t,i);//优美的转态转移方程。
f[i][j][t][1]=max(f[i][j-1][max(t-(a[j].x-a[i].x),0)][0],f[i][j-1][max(t-(a[j].x-a[j-1].x),0)][1] )+work(t,j);
ans=max(ans,max(f[i][j][t][0],f[i][j][t][1]));//优美的转态转移方程。
}
}
cout<<ans;//输出
return 0;
}