这类问题的基本模型是：你有$n$个小球，$m$个盒子，现在想把这$n$个小球放进$m$个盒子中，问有多少种放的方法
但是只给出这样的条件并不足够，我们必须加上一些限制，否则结果是不确定的
一般加的有三个限制，即小球是否有区别、盒子是否有区别、允不允许有空盒子，也因此可以组合出八种不同的问题
接下来我们逐个讨论这八种问题
一.小球有区别，盒子有区别，允许有空盒子
这是最简单的，因为每个小球都有$m$种不同的放法，于是总共有$m^{n}$种不同的放法
二.小球有区别，盒子有区别，不允许有空盒子
首先是初等的情况：如果$m>n$，那么显然是不可能放好的，方案数为0
那么如果$m=n$，答案就是$n!$（注意不是$n!m!$，这是初学者常犯的错误，你不能让这俩一起变化）
而对于$n>m$的情况，我们不妨构造一个递推式$f[n][m]$表示把$n$个不同小球放进$m$个不同盒子的方法，那么当我们新增一个小球的时候，我们可以有：
$f[n+1][m]=m*(f[n][m]+f[n][m-1])$，这个递推式成立的原因是：当我们新增一个小球的时候，面对$m$个盒子就有两种可能，一种是原来这$m$个盒子都已经有球了，那么这个小球随便选个盒子放进去就行，另一种是原来只有$m-1$个盒子里有球，这样这个新来的球只能放在没有球的那个盒子里，但是由于盒子不同，没有球的盒子可能是这$m$个盒子中任何一个，因此也有$m$种可能
三.小球没区别，盒子有区别，不允许有空盒子
这种情况等价于求方程$x_{1}+...+x_{m}=n$的所有正整数解的组数
实际上就是决定每个盒子里要放几个小球，那么我们采用隔板法，把小球排成一行，这样小球之间一共有$n-1$个空隙，然后在这$n-1$个空隙中选择$m-1$个空隙放下隔板，这样第$i$个隔板与第$i+1$个隔板之间就是要放进第$i+1$个盒子的小球，于是答案即为$C_{n-1}^{m-1}$
四.小球没区别，盒子有区别，允许有空盒子
这种情况等价于求方程$x_{1}+...+x_{m}=n$的所有非负整数解的组数
这种情况也很容易，我们再拿$m$个小球过来，在每个盒子里都放一个，这样问题就转化成了你有$n+m$个小球，放进$m$个盒子里，不允许有空盒子的上面三的情况，那么答案即为$C_{n+m-1}^{m-1}$
但是如果换一个角度，我们说允许有空盒子，那么我们忽略所有空盒子剩下的盒子就是不空的（废话），那么我们假设有$i$个盒子非空，那么放法就是$C_{n-1}^{i-1}$，而由于盒子不同，选出这$i$个不空的盒子的方法为$C_{m}^{i}$，于是答案即为$\sum_{i=1}^{m}C_{m}^{i}C_{n-1}^{i-1}$，那么我们还可以获得一个组合恒等式：$\sum_{i=1}^{m}C_{m}^{i}C_{n-1}^{i-1}=C_{n+m-1}^{m-1}$
五.小球有区别，盒子没区别，不允许有空盒子
这里开始变得有些困难了，我们考虑递推：设$f[n][m]$为此时的方案数，那么有转移$f[n+1][m]=mf[n][m]+f[n][m-1]$
这个递推式的合理性在于，当我们新加一个小球的时候有两种可能的情况，一种是原来的$m$个盒子已经放满了，那么可以任选一个盒子放进去，另一种是还有一个空盒子，但是由于盒子没区别，所以空的是哪个无所谓，故前者要乘$m$，后者不乘
记$S_{2}(n,k)=f[n][k]$，这就是第二类斯特林数
第二类斯特林数$S(n,k)$表示将$n$个不同元素划分为$k$个集合的方案数
递推式：$S(n,k)=S(n-1,k-1)+kS(n-1,k)$
组合意义下的写法：$S(n,k)=\frac{1}{k!}\sum_{i=0}^{k}(-1)^{i}C(k,i)(k-i)^{n}$
这样的话，考虑快速求斯特林数的方法：
展开后面的组合数：
$S(n,k)=\frac{1}{k!}\sum_{i=0}^{k}(-1)^{i}\frac{k!}{i!(k-i)!}(k-i)^{n}$
然后扔到前面去：
$S(n,k)=\sum_{i=0}^{k}\frac{(-1)^{i}}{i!}\frac{(k-i)^{n}}{(k-i)!}$
这就是卷积了嘛
性质：
$m^{n}=\sum_{i=0}^{m}C_{m}^{i}S(n,i)i!$
六.小球有区别，盒子没区别，允许有空盒子
由于允许有空盒子，那么我们忽略所有空盒子就是必须放满的情况，那么答案就是$\sum_{i=1}^{m}S_{2}(n,i)$（即只放在一个盒子~放在全部$m$个盒子的方案数之和）
七.小球没区别，盒子没区别，允许有空盒子
这实际上就是把$n$拆成$m$个非负数之和的方案数，一般将这个数记作$P_{m}(N)$，但是这里可以写出一个递推$P[n+m][m]=P[n][m]+P[n+m][m-1]$，这个递推的思想是分两类讨论，一类是没有空盒子，那么相当于是在$n$进行$m$拆分的基础上每个数加上$1$，而如果有空盒子，那么不妨在$m-1$个盒子的基础上多放一个空盒子就可以。
八.小球没区别，盒子没区别，不允许有空盒子
类似上面的处理，我们可以先在每个盒子里放一个球转化成七的情况，这样答案就是上面的$P[n-m][m]$