题目描述
有两棵有根树，顶点的编号都是(1)~(n)。
你要给每个点一个权值(a_i)，使得对于两棵树的所有顶点(x)，满足(|x)的子树的权值和(|=1)
(nleq 100000)
题解
我们很容易得到只考虑一棵树时每个点的权值的奇偶性。如果只考虑(A)树时的奇偶性与只考虑(B)树时的奇偶性不同，就无解。
现在我们构造一个(a_iin{-1,0,1})的方案。
如果一个点的儿子个数是奇数，那么(a_i=0)，否则(a_i eq 0)。
现在只考虑一棵子树。
对于每一棵子树，一定有(2k+1)个权值是奇数的点。
证明：因为整棵子树的权值和是奇数，所以有奇数个权值是奇数的点。
那么可以匹配出(k)对点和剩下一个点。对于一对点((x,y))，令(a_x=-a_y)。所以整棵子树的权值和就是(pm1)。我们在(x,y)之间连一条边。对于每个点
这样得到的图每个点的度数(leq 1)。
然后把两棵树得到的边合在一起，得到的图就是一个二分图。
为什么？因为如果有奇环就一定会有相邻两条边来自同一棵树，但这是不可能的。所以就没有奇环。
对于这个图黑白染色，黑色的点选(1)，白色的点选(-1)。
时间复杂度：(O(n))
代码
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
#include<utility>
#include<cmath>
#include<functional>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int> pii;
typedef pair<ll,ll> pll;
void sort(int &a,int &b)
{
if(a>b)
swap(a,b);
}
void open(const char *s)
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
char str[100];
sprintf(str,"%s.in",s);
freopen(str,"r",stdin);
sprintf(str,"%s.out",s);
freopen(str,"w",stdout);
#endif
}
int rd()
{
int s=0,c;
while((c=getchar())<'0'||c>'9');
do
{
s=s*10+c-'0';
}
while((c=getchar())>='0'&&c<='9');
return s;
}
int upmin(int &a,int b)
{
if(b<a)
{
a=b;
return 1;
}
return 0;
}
int upmax(int &a,int b)
{
if(b>a)
{
a=b;
return 1;
}
return 0;
}
struct graph
{
int v[200010];
int t[200010];
int h[100010];
int n;
graph()
{
n=0;
}
void add(int x,int y)
{
v[++n]=y;
t[n]=h[x];
h[x]=n;
}
};
graph g1,g2,g;
int fa[100010];
int fb[100010];
int a1[100010];
int a2[100010];
int st[100010];
int top;
int b[100010];
int c[100010];
void dfs1(int x)
{
int i;
for(i=g1.h[x];i;i=g1.t[i])
dfs1(g1.v[i]);
if(a1[x])
st[++top]=x;
while(top>=2)
{
g.add(st[top],st[top-1]);
g.add(st[top-1],st[top]);
top-=2;
}
}
void dfs2(int x)
{
int i;
for(i=g2.h[x];i;i=g2.t[i])
dfs2(g2.v[i]);
if(a2[x])
st[++top]=x;
while(top>=2)
{
g.add(st[top],st[top-1]);
g.add(st[top-1],st[top]);
top-=2;
}
}
void dfs(int x,int v)
{
c[x]=v;
b[x]=1;
int i;
for(i=g.h[x];i;i=g.t[i])
if(!b[g.v[i]])
dfs(g.v[i],-v);
}
int main()
{
// open("agc018f");
int n;
scanf("%d",&n);
int i;
int rt1,rt2;
for(i=1;i<=n;i++)
a1[i]=a2[i]=1;
for(i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&fa[i]);
if(fa[i]==-1)
rt1=i;
else
{
g1.add(fa[i],i);
a1[fa[i]]^=1;
}
}
for(i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&fb[i]);
if(fb[i]==-1)
rt2=i;
else
{
g2.add(fb[i],i);
a2[fb[i]]^=1;
}
}
for(i=1;i<=n;i++)
if(a1[i]!=a2[i])
{
printf("IMPOSSIBLE
");
return 0;
}
printf("POSSIBLE
");
top=0;
dfs1(rt1);
top=0;
dfs2(rt2);
for(i=1;i<=n;i++)
if(!b[i])
dfs(i,1);
for(i=1;i<=n;i++)
if(!a1[i])
printf("0 ");
else
printf("%d ",c[i]);
return 0;
}