数位DP
一、计数问题
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第一次做真的很难，总之十分耗费时间。
第一次批注得这么满……
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <vector>
using namespace std;
const int N = 10;
//get前面前缀部分的数值，即前面前缀总方案数
int get(vector<int> num, int l, int r)
{
int res = 0;
for (int i = l; i >= r; i -- ) res = res * 10 + num[i];
return res;
}
//后缀有几位就是十的几次方
int power10(int x)
{
int res = 1;
while (x -- ) res *= 10;
return res;
}
//这是1到n中i出现的次数
int count(int n, int x){
//0的话就不要讨论了
if (!n) return 0;
//将n的每一位都拆下来
vector<int> num;
while (n){
num.push_back(n % 10);
n /= 10;
}
n = num.size();
//接下来是统计在当前位置上取某个数会有多少种方案
int res = 0;
/*
首先要明白，x是指在这一位取x，然后去求总共的方案数
x等于0的时候要另行讨论！
i从最高位开始枚举，枚举的是第i位出现了x的次数
*/
/*
这里假设这个序列式abcdefg,现在i在中间位置d,其前缀是abc, 后缀是efg
一、这是第i位的前缀 小于 abc 的情况（当然，首先这个位置得有前缀才可以）
000~abc - 1, 999种（也可以说是 10的i-1的次方 - 1 种）；
二、这是前缀等于abc的情况,记住！前提是前缀相等！
这里分别讨论第i位的三种情况，因为这三种情况对应了不同的三种后缀的情况！
1. 第i位 大于 目标最大值的第i位，那么后缀根本取不了，也就是0种情况。
2. 第i位 等于 目标最大的第i位
此时后缀可以随便取，于是有0~efg这些情况
num[i] == x, 0~efg
3. 第i位 小于 目标最大的第i位
此时后面的位置可以随便取，有1000种情况
num[i] > x, 0~999（也就是0 ~ 10的i-1的次方 - 1 种 情况）
*/
for (int i = n - 1 - !x; i >= 0; i -- ){
//如果i所在的不是最高位,那么就会有前缀，那么我们就来先处理前缀小于abc的情况
if (i < n - 1){
//res += 前缀的值 * 10的后缀的次方
//这里前缀的情况应该是0~前缀（abc）-1，一共abc种情况，并没有把abc这种情况也算进去
res += get(num, n - 1, i + 1) * power10(i);
//如果x是0的话，前缀里面会少一种情况（就是这个情况：0...0，因为想要这一位取0，那么前缀不可能全是0）；
//比如三位数里想要第二位取0，那么就可以有102,103,106……但是绝对不会有002,003,006……等情况存在，不是吗？
if (!x) res -= power10(i);
}
//然后我们来处理前缀就是abc的情况，当然啦，这里就不管有没有前缀了，都一样的~
//当前要取的数x 与 目标最大值的这一位数相等的时候 ，就是后面构成的数再加1（0这种情况）
if (num[i] == x) res += get(num, i - 1, 0) + 1;
//当前要取的数x 小于 目标最大值的这一位数 的时候，只要加上十的后面的数的位数的次方
else if (num[i] > x) res += power10(i);
}
return res;
}
int main()
{
int a, b;
while (cin >> a >> b , a){
//保证a小于b
if (a > b) swap(a, b);
//分位置来讨论 每一位上 取 某一个数 会有多少种情况
for (int i = 0; i <= 9; i ++ )
cout << count(b, i) - count(a - 1, i) << ' ';
cout << endl;
}
return 0;
}