题意
你有一棵 (n) 个点的树，每次会随机选择树上的一条边，将两个端点 (u,v) 合并，新编号随机为 (u,v)。问最后保留的编号分别为 (1) 到 (n) 的概率。
(nleq 50) 。
分析
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考虑枚举钦定一个编号为 (ans) 之后以他为根跑一次树dp。
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思考一下操作的执行过程。首先，操作连接 (rt) 和他的儿子 (v) 的边时，必须保留 (rt) 的编号，然后合并掉 (v) ，可以看成是 (rt) 将他的编号传递给了 (v) ((rt) 变成了一个大点)。那么此时对于 (v) 子树内的编号变化就是一个子问题了。
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记 (f_{u,i}) 表示当 (rt) 下放到 (u) 时， (u) 的子树边还有 (i) 条没有合并，所有删边方案最后保留 (rt) 的概率和。
记 (g_{u,i}) 表示当 (rt) 下放到 (u) 的父亲时， (u) 的子树边+返祖边还有 (i) 条没有合并，所有删边方案最后保留 (rt) 的概率和。 -
考虑合并 (u) 的儿子 (v) ， (u ightarrow v) 这条边可以在 2 个不同的时间段合并。
1.在编号下放到 (u) 之后。假设下放到 (u) 时 (v) 子树内有 (x) 条边，那么在删除 (u ightarrow v) 之后 (v) 的子树内有 (leq x) 条边，所以 (g_{v,x}+=0.5*sum_{i=0}^{min({son}_v-1,x)}f_{v,i}) ，因为此时保留 (rt) 的概率是 (0.5) 。
2.在编号下放到 (u) 之前。所以下放到 (u) 时 (u) 和 (v) 已经看成是一个点，等价于下放到 (v) 。(u ightarrow v) 可以在删除 (v) 子树内的 ({son}_v-1-x) 条边中的任何空隙删除，所以 (g_{v,x}+=f_{v,x}*({son}_v-x)) 。
- 考虑儿子 (x) 和 (y) 之间的合并，发现他们之间的删边顺序互不影响，容易得到：
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最后的答案除以 ((n-1)!) 即可。
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总时间复杂度为 (O(n^4))。
代码
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define go(u) for(int i=head[u],v=e[i].to;i;i=e[i].lst,v=e[i].to)
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
#define pb push_back
typedef long long LL;
inline int gi(){
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) {if(ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)){x=(x<<3)+(x<<1)+ch-48;ch=getchar();}
return x*f;
}
template<typename T>inline bool Max(T &a,T b){return a<b?a=b,1:0;}
template<typename T>inline bool Min(T &a,T b){return b<a?a=b,1:0;}
typedef double db;
const int N=54;
int n,edc;
int head[N],son[N];
db f[N][N],fac[N],g[N];
struct edge{
int lst,to;
edge(){}edge(int lst,int to):lst(lst),to(to){}
}e[N*2];
void Add(int a,int b){
e[++edc]=edge(head[a],b),head[a]=edc;
e[++edc]=edge(head[b],a),head[b]=edc;
}
db C(int n,int m){
return fac[n]/fac[m]/fac[n-m];
}
void dfs(int u,int fa){
f[u][0]=1;son[u]=1;
go(u)if(v^fa){
dfs(v,u);int tot=son[u]-1+son[v];
fill(g,g+tot+1,0);
for(int a=son[u]-1;~a;--a)
for(int b=son[v];~b;--b)
g[a+b]+=f[u][a]*f[v][b]*C(a+b,a)*C(tot-a-b,son[v]-b);
son[u]+=son[v];
rep(a,0,son[u]-1) f[u][a]=g[a];
}
if(fa){
fill(g,g+son[u]+1,0);
for(int a=son[u]-1;~a;--a){
g[a]+=f[u][a]*(son[u]-a);
for(int b=a+1;b<=son[u];++b)
g[b]+=f[u][a]*0.5;
}
rep(a,0,son[u]) f[u][a]=g[a];
}
}
int main(){
n=gi();
rep(i,1,n-1) Add(gi(),gi());
fac[0]=1;
rep(i,1,n) fac[i]=fac[i-1]*i;
rep(i,1,n){
memset(f,0,sizeof f);
dfs(i,0);
printf("%.10lf
",f[i][n-1]/fac[n-1]);
}
return 0;
}