有(N)种物品和一个容量是(V)的背包,每种物品都有无限件可用。
第(i)种物品的体积是(v_i),价值是(w_i)。
求解将哪些物品装入背包,可使这些物品的总体积不超过背包容量,且总价值最大。
输出最大价值。
输入格式
第一行两个整数,(N),(V),用空格隔开,分别表示物品种数和背包容积。
接下来有(N)行,每行两个整数(v_i),(w_i),用空格隔开,分别表示第(i)种物品的体积和价值。
输出格式
输出一个整数,表示最大价值。
数据范围
(0<N,V≤1000)
(0<v_i,w_i≤1000)
输入样例
4 5
1 2
2 4
3 4
4 5
输出样例:
10
思路:
此时的(0)是不选第(i)件背包的情况((f[i - 1, j]))、此时的(k)是不选第(k)件物品的情况、故可以列出状态转移方程为(f[i - 1, j - k * v[i]] + k * w[i])。可以发现、时间复杂度过高、后面讨论优化的问题。
代码1:
#include<iostream>
using namespace std;
const int N = 1010;
int f[N][N];
int v[N],w[N];
int main()
{
int n , m;
cin>>n>>m;
for(int i = 1 ; i <= n ;i ++) cin>>v[i]>>w[i];
for(int i = 1 ; i <= n ;i++)
for(int j = 0 ; j <= m ;j++)
for(int k = 0 ; k*v[i] <= j ; k++)
f[i][j] = max(f[i][j],f[i-1][j-k*v[i]]+k*w[i]);
cout<<f[n][m]<<endl;
}
代码优化:
借助这层优化、我们舍去了k那层循环、大大的降低了时间复杂度(5倍的样子),这样求得的最后的状态转移方程即为所求。
#include <iostream>
using namespace std;
const int N = 1010;
int v[N], w[N];
int f[N][N];
int main()
{
int n, m;
cin >> n >> m;
for(int i = 1 ; i <= n ; i ++ ) cin >> v[i] >> w[i];
for(int i = 1 ; i <= n ; i ++ )
for(int j = 0 ; j <= m ; j ++ )
{
f[i][j] = f[i - 1][j];
if(j >= v[i]) // 物品体积得大于0
{
f[i][j] = max(f[i][j], f[i][j - v[i]] + w[i]);
}
}
cout << f[n][m] << endl;
return 0;
}
与01背包的对比: