题目传送门（内部题18）
输入格式
第一行包括四个数$n,m,k,s$表示有$n$个剧情点，$m$个关卡，要玩$k$次游戏，$s$个完结点接下来一行包含$s$个数，代表$s$个完结点的编号。
接下来$m$行，每行五个正整数$x_i,y_i,A_i,B_i,C_i$，代表第$i$号关卡从$x_i$号剧情点连向$y_i$号剧情点，$A_i,B_i,C_i$意义如题目描述。
输出格式
如果不能通关输出$-1$，否则输出一个整数，代表至少需要的软妹币值。
样例
样例输入：
6 8 2 2
4 5
1 2 4 0 2
1 3 5 0 2
3 4 1 5 1
2 5 1 0 1
4 6 4 2 2
5 6 0 4 2
1 5 5 9 2
2 6 4 5 2
样例输出：
16
数据范围与提示
样例解释：
第一次从$1−>2−>5$，费用为$5$。
第二次从$1−>3−>4$，费用为$11$。
数据范围：
对于$30\%$的数据，$A_i=0$。
对于另外$20\%$的数据，游戏为一条链。
对于$100\%$的数据，$1leqslant nleqslant 1,000,1leqslant mleqslant 20,000,1leqslant kleqslant 200,A_i,B_igeqslant 0,1leqslant C_ileqslant k$。
保证答案在$int$范围内。
题解
注意到$k$只有200，但是又有谁能想到是费用流呢？
实际上，我的思路和题解稍有偏差。
建边的时候记录上边的$A,B$，每走一次就让花费增加，退流的时候再剪掉就好了，缺点就是每次只能流一个，不然有可能会错过最优答案。
时间复杂度：$Theta(m imes k+n imes k^2)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct rec
{
int nxt;
int to;
int w;
int f;
int a;
}e[100001];
int head[5001],cnt=1;
int n,m,k,s;
int S,T;
int que[100001],pre[50001],dis[50001];
bool vis[50001];
int ans;
void add(int x,int y,int w,int f,int a)
{
e[++cnt].nxt=head[x];
e[cnt].to=y;
e[cnt].w=w;
e[cnt].f=f;
e[cnt].a=a;
head[x]=cnt;
}
bool bfs()
{
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
memset(vis,0,sizeof(vis));
dis[S]=0;
vis[S]=1;
int he=1,ta=1;
que[ta]=S;
while(he<=ta)
{
for(int i=head[que[he]];i;i=e[i].nxt)
if(e[i].w&&dis[que[he]]+e[i].f<dis[e[i].to])
{
dis[e[i].to]=dis[que[he]]+e[i].f;
pre[e[i].to]=i;
if(!vis[e[i].to])
{
vis[e[i].to]=1;
que[++ta]=e[i].to;
}
}
vis[que[he]]=0;
he++;
}
return dis[T]!=1061109567;
}
void update()
{
int flag=T;
while(flag!=S)
{
int x=pre[flag];
ans+=e[x].f;
e[x].w--;
e[x^1].w++;
e[x].f+=e[x].a;
e[x^1].f-=e[x].a;
flag=e[x^1].to;
}
}
int main()
{
scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&s);
S=n+1,T=n+2;
add(S,1,k,0,0);
add(1,S,0,0,0);
for(int i=1;i<=s;i++)
{
int x;
scanf("%d",&x);
add(x,T,k,0,0);
add(T,x,0,0,0);
}
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int x,y,a,b,c;
scanf("%d%d%d%d%d",&x,&y,&a,&b,&c);
add(x,y,c,b+a,a);
add(y,x,0,-b,a);
}
cnt=0;
while(bfs())
{
update();
cnt++;
}
if(cnt<k)puts("-1");
else printf("%d",ans);
return 0;
}
rp++