【问题描述】
平面内给出 n 个点，记横坐标最小的点为 A，最大的点为 B，现在小 Y 想要知道在
每个点经过一次（A 点两次）的情况下从 A 走到 B，再回到 A 的最短路径。但他是个强
迫症患者，他有许多奇奇怪怪的要求与限制条件：
1.从 A 走到 B 时，只能由横坐标小的点走到大的点。
2.由 B 回到 A 时，只能由横坐标大的点走到小的点。
3.有两个特殊点 b1 和 b2， b1 在 0 到 n-1 的路上，b2 在 n-1 到 0 的路上。
请你帮他解决这个问题助他治疗吧！
【输入格式】
第一行三个整数 n,b1,b2,( 0 < b1，b2 < n-1 且 b1 <> b2)。n 表示点数，从 0 到 n-1 编
号，b1 和 b2 为两个特殊点的编号。
以下 n 行，每行两个整数 x、y 表示该点的坐标(0 <= x，y <= 2000)，从 0 号点顺序
给出。Doctor Gao 为了方便他的治疗，已经将给出的点按 x 增序排好了。
【输出格式】
输出仅一行，即最短路径长度（精确到小数点后面 2 位）
【样例输入输出】
paths.in
5 1 3
1 3
3 4
4 1
7 5
8 3
paths.out
18.18
【样例解释】
最短路径：0->1->4->3->2->0
【数据范围】
20%的数据 n<=20
60%的数据 n<=300
100%的数据 n<=1000
对于所有数据 x,y,b1,b2如题目描述
分析：
考试的时候秒想dp
f[i][j]表示来点走到i，去点走到j时的最小距离
然而状态转移方程想不好，JJ。。。
发现自己这方面的问题做的不大好，正好查缺补漏，
所以这篇文就来解决：
图上两条不相交路径最短问题
用f[i][j]表示第一个点走到i,第二个点(回去的那个点)走到j的最优值。
为了保证更新时不会更新出f[i][i]，而且每个点都会在路径上，
我们每次用f[i][j]去更新点max(i,j)+1，所以转移方程为：
f[1][1]=0;
k=max(i,j)+1，
f[k][j]=min(f[k][j],f[i][j]+dis(i,k));
f[i][k]=min(f[i][k],f[i][j]+dis(j,k));
dis(i,j)为从i直接走到j点的距离.
那就要问了，这样真的可以保证所有的点都到达过吗。。。
因为i，j使从1到n循环的，所以每个点都可以分配到来路或去路
对于两个特殊点和max(i,j)==n的情况特判处理
如下：
if (j==n) f[n][n]=min(f[n][n],f[i][n]+dis(i,n));
if (i==n) f[n][n]=min(f[n][n],f[n][j]+dis(j,n));
//一个节点到头了，只能动另一个节点
if (k!=b1) f[i][k]=min(f[i][k],f[i][j]+dis(j,k)); //回的时候不走b1
if (k!=b2) f[k][j]=min(f[k][j],f[i][j]+dis(i,k)); //去的时候不走b2
唯一需要注意的
i!=j 很好理解
i==1，其实就是两个点都可在起点，这样的状态是合法的，
能够进行下面转移
这里写代码片
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<cmath>
using namespace std;
const double eps=1e-8;
const int N=1001;
int n,b1,b2;
double po[N][2];
double f[N][N];
double dis(int bh1,int bh2)
{
double x=(double)(po[bh1][0]-po[bh2][0])*(po[bh1][0]-po[bh2][0]);
double y=(double)(po[bh1][1]-po[bh2][1])*(po[bh1][1]-po[bh2][1]);
return (double)sqrt(x+y);
}
void doit()
{
int i,j;
for (i=1;i<=n;i++)
for (j=1;j<=n;j++) f[i][j]=1000000; //初始化，只能用循环操作
f[1][1]=0;
for (i=1;i<=n;i++)
for (j=1;j<=n;j++)
if (i!=j||i==1)
{
int k=max(i,j)+1;
if (k==n+1) //特判
{
if (j==n) f[n][n]=min(f[n][n],f[i][n]+dis(i,n));
if (i==n) f[n][n]=min(f[n][n],f[n][j]+dis(j,n));
}
else
{
if (k!=b1) f[i][k]=min(f[i][k],f[i][j]+dis(j,k)); //回的时候不走b1
if (k!=b2) f[k][j]=min(f[k][j],f[i][j]+dis(i,k)); //来的时候不走b2
}
}
printf("%0.2lf",f[n][n]);
}
int main()
{
freopen("paths.in","r",stdin);
freopen("paths.out","w",stdout);
scanf("%d%d%d",&n,&b1,&b2);
b1++;b2++;
for (int i=1;i<=n;i++)
scanf("%lf%lf",&po[i][0],&po[i][1]);
doit();
return 0;
}