题目
题目链接：https://www.luogu.com.cn/problem/P4068
有 \(n\) 种数字，第 \(i\) 种数字是 \(a_i\)、有 \(b_i\) 个，权值是 \(c_i\)。
若两个数字 \(a_i\)、\(a_j\) 满足，\(a_i\) 是 \(a_j\) 的倍数，且 \(\frac{a_i}{a_j}\) 是一个质数，
那么这两个数字可以配对，并获得 \(c_i \times c_j\) 的价值。
一个数字只能参与一次配对，可以不参与配对。
在获得的价值总和不小于 0 的前提下，求最多进行多少次配对。
思路
我们把每一个数字按照分解质因数后质因子（不去重）的数量的奇偶性分为两类，显然同一类中的任意两个数字不能配对，因为他们的商一定有偶数个质因子，所以商一定不是质数。
那么这两个集合就是一个二分图。我们考虑如下构建：
- 设一个 \(a[i]\) 的质因子有奇数个，从源点向 \(i\) 连一条流量为 \(c[i]\)，费用为 0 的边。
- 设一个 \(a[i]\) 的质因子有偶数个，从 \(i\) 向汇点连一条流量为 \(c[i]\)，费用为 0 的边。
- 如果不同集合的两个点 \(i,j\)可以配对（设 \(i\) 的质因子有奇数个），那么从 \(i\) 向 \(j\) 连一条流量为 \(+\infty\)，费用为 \(c[i]\times c[j]\) 的边。
接下来跑最大费用最大流即可。最大流即为答案。
但是这个费用流与一般的费用流有所不同，因为一般的费用流要求是费用最大/小的时候的最大流，而此题要求“价值总和不小于 0”，也就是费用不小于 0 时的最大流。
显然每一次增广时的最长路不超过上一次增广的最长路，如果这条最长路长度非负，那么显然越多越好；否则肯定要在费用不小于 0 的前提下越大越好，因为后面的增广最长路会更短，所以收益更小。
代码
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=210,M=6e5,Inf=1e9;
int a[N],b[N],c[N],head[N],p[N],pre[N];
int n,S,T,tot=1;
ll maxflow,cost,dis[N];
bool vis[N];
struct edge
{
int next,to,from,flow;
ll cost;
}e[M];
void add(int from,int to,int flow,ll cost)
{
e[++tot].to=to;
e[tot].from=from;
e[tot].flow=flow;
e[tot].cost=cost;
e[tot].next=head[from];
head[from]=tot;
}
bool spfa()
{
memset(dis,-0x3f3f3f3f,sizeof(dis));
memset(vis,0,sizeof(vis));
queue<int> q;
q.push(S); dis[S]=0;
while (q.size())
{
int u=q.front();
q.pop();
vis[u]=0;
for (int i=head[u];~i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].to;
if (e[i].flow && dis[v]<dis[u]+e[i].cost)
{
dis[v]=dis[u]+e[i].cost;
pre[v]=i;
if (!vis[v])
{
q.push(v);
vis[v]=1;
}
}
}
}
return dis[T]>-1e18;
}
bool addflow()
{
ll minflow=1e18;
for (int x=T;x!=S;x=e[pre[x]].from)
minflow=min(minflow,1LL*e[pre[x]].flow);
if (dis[T]<0) minflow=min(minflow,cost/(-dis[T]));
for (int x=T;x!=S;x=e[pre[x]].from)
{
e[pre[x]].flow-=minflow;
e[pre[x]^1].flow+=minflow;
}
maxflow+=minflow;
cost+=minflow*dis[T];
}
void mcmf()
{
while (spfa())
{
if (cost+dis[T]<0) return;
addflow();
}
}
int main()
{
S=N-1; T=N-2;
memset(head,-1,sizeof(head));
scanf("%d",&n);
for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]);
for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&b[i]);
for (int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&c[i]);
for (int i=1;i<=n;i++)
{
int x=a[i];
for (int j=2;j*j<=x;j++)
for (;x%j==0;x/=j) p[i]++;
if (x>1) p[i]++;
if (p[i]&1) add(S,i,b[i],0),add(i,S,0,0);
else add(i,T,b[i],0),add(T,i,0,0);
}
for (int i=1;i<=n;i++)
for (int j=1;j<=n;j++)
if ((p[i]&1) && abs(p[i]-p[j])==1 && (!(a[i]%a[j]) || !(a[j]%a[i])))
add(i,j,Inf,1LL*c[i]*c[j]),add(j,i,0,-1LL*c[i]*c[j]);
mcmf();
printf("%lld\n",maxflow);
return 0;
}