洗牌在生活中十分常见，现在需要写一个程序模拟洗牌的过程。
现在需要洗2n张牌，从上到下依次是第1张，第2张，第3张一直到第2n张。首先，我们把这2n张牌分成两堆，
左手拿着第1张到第n张（上半堆），右手拿着第n+1张到第2n张（下半堆）。接着就开始洗牌的过程，先放下右手的
最后一张牌，再放下左手的最后一张牌，接着放下右手的倒数第二张牌，再放下左手的倒数第二张牌，直到最后放下
左手的第一张牌。接着把牌合并起来就可以了。
例如有6张牌，最开始牌的序列是1,2,3,4,5,6。首先分成两组，左手拿着1,2,3；右手拿着4,5,6。在洗牌过程中按
顺序放下了6,3,5,2,4,1。把这六张牌再次合成一组牌之后，我们按照从上往下的顺序看这组牌，就变成了序列
1,4,2,5,3,6。
现在给出一个原始牌组，请输出这副牌洗牌k次之后从上往下的序列。

分析
本题其实是序列按照一定规律来进行变换，假设牌的所在位置分别为i，j（从上往下看，从0开始）
那么映射关系如下：
- j为奇数时，i = (2*n-1+j)/2
- j为偶数时，i = j/2
优化：位置总是有限的，进行若干次变化后总会回到初始的状态，因此可以处理k，避免不必要的重复转换
- 若左右手各有n张牌，那么洗2(n - 1)次后牌会回到原始状态
源程序
#include <iostream>
#include <vector>
using namespace std;
/*示例输入
7
3 1
1 2 3 4 5 6
3 2
1 2 3 4 5 6
3 3
1 2 3 4 5 6
3 4
1 2 3 4 5 6
3 5
1 2 3 4 5 6
3 6
1 2 3 4 5 6
2 2
1 1 1 1
*/
/*示例输出
1 4 2 5 3 6
1 5 4 3 2 6
1 3 5 2 4 6
1 2 3 4 5 6
1 4 2 5 3 6
1 5 4 3 2 6
1 1 1 1
*/
void Print(const string& description,vector<int>& data)
{
int len = data.size();
cout << endl << description;
for(int i = 0;i < len;++ i)
cout << data[i] << " ";
cout << endl;
return;
}
void Process(int n,int k,vector<int>& data)
{
//洗2 * (n - 1)次后，牌恢复到最初始的状态
int round = 2 * (n - 1);
//剩下的需要洗的次数
int rest = k % round;
int amout = 2*n;
vector<int> tempdata(data);
// Print("tempdata",tempdata);
std::vector<int>& v_new = tempdata;
std::vector<int>& v_old = data;
std::vector<int>& v_temp = data;
for(int j = 0;j < rest;++ j)
{
//根据洗牌规则，假设洗牌前后牌的index分别为i，j（从上往下看，从0开始）
// 那么存在如下关系
// j为奇数时，i = (2*n-1+j)/2
// j为偶数时，i = j/2
for(int i = 0;i < amout;++ i)
{
if(i % 2)
v_new[i] = v_old[(2 * n - 1 + i)/2] ;
else
v_new[i] = v_old[i / 2];
}
//交换两个引用，使得下一次新的数据仍存在v_new所指向的vector中
v_temp = v_new;
v_new = v_old;
v_old = v_temp;
}
for(int j = 0;j < amout;++ j)
{
cout << v_new[j] << " ";
}
cout << endl;
}
int main()
{
int t,n,k;
cin >> t;
for(int i = 0; i < t;++ i)
{
cin >> n >> k;
vector<int> data;
int len = 2 * n;
int num;
for(int j = 0;j < len;++ j)
{
cin >> num;
data.push_back(num);
}
Process(n,k,data);
}
return 0;
}