啊好气 在洛谷上A了之后 隔壁jzoj总wa
迷茫了很久.发现那题要文件输入输出
生气
肥肠不爽
Description
- 跟所有人一样，农夫约翰以着宁教我负天下牛，休叫天下牛负我的伟大精神，日日夜夜苦思生财之道。为了发财，他设置了一系列的规章制度，使得任何一只奶牛在农场中的道路行走，都要向农夫约翰上交过路费。
农场中由N（1 <= N <= 250）片草地（标号为1到N），并且有M（1 <= M <= 10000）条双向道路连接草地A_j和B_j（1 <= A_j <= N; 1 <= B_j <= N）。奶牛们从任意一片草地出发可以抵达任意一片的草地。FJ已经在连接A_j和B_j的双向道路上设置一个过路费L_j（1 <= L_j <= 100,000）。
可能有多条道路连接相同的两片草地，但是不存在一条道路连接一片草地和这片草地本身。最值得庆幸的是，奶牛从任意一篇草地出发，经过一系列的路径，总是可以抵达其它的任意一片草地。
除了贪得无厌，叫兽都不知道该说什么好。FJ竟然在每片草地上面也设置了一个过路费C_i（1 <= C_i <= 100000）。从一片草地到另外一片草地的费用，是经过的所有道路的过路费之和，加上经过的所有的草地（包括起点和终点）的过路费的最大值。
任劳任怨的牛们希望去调查一下她们应该选择那一条路径。她们要你写一个程序，接受K（1<= K <= 10,000）个问题并且输出每个询问对应的最小花费。第i个问题包含两个数字s_i和t_i（1 <= s_i <= N; 1 <= t_i <= N; s_i != t_i），表示起点和终点的草地。
考虑下面这个包含5片草地的样例图像:
从草地1到草地3的道路的“边过路费”为3，草地2的“点过路费”为5。
要从草地1走到草地4，可以从草地1走到草地3再走到草地5最后抵达草地4。如果这么走的话，需要的“边过路费”为2+1+1=4，需要的点过路费为4（草地5的点过路费最大），所以总的花费为4+4=8。
而从草地2到草地3的最佳路径是从草地2出发，抵达草地5，最后到达草地3。这么走的话，边过路费为3+1=4，点过路费为5，总花费为4+5=9。Input
- 第1行: 三个空格隔开的整数: N, M和K
- 第2到第N+1行: 第i+1行包含一个单独的整数: C_i
- 第N+2到第N+M+1行: 第j+N+1行包含3个由空格隔开的整数: A_j, B_j和L_j
- 第N+M+2倒第N+M+K+1行: 第i+N+M+1行表示第i个问题，包含两个由空格隔开的整数s_i和t_i
Output
第1到第K行: 第i行包含一个单独的整数，表示从s_i到t_i的最小花费。
Sample Input
- 5 7 2
2
5
3
3
4
1 2 3
1 3 2
2 5 3
5 3 1
5 4 1
2 4 3
3 4 4
1 4
2 3
Sample Output
8
9
#include<cstdio> #include<cstring> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int n[255][255],cc[255][255],w[255]; int N,m,k,u,v,l,s,t; struct node{ int id,w; }c[255]; void floyd() { int p,o,i,j; for(i=1;i<=N;i++) cc[i][i]=c[i].w; for(p=1;p<=N;p++) { o=c[p].id; for(i=1;i<=N;i++) for(j=1;j<=N;j++) { if(n[i][j]>n[i][o]+n[o][j])n[i][j]=n[j][i]=n[i][o]+n[o][j];//单纯的多源最短路 if(cc[i][j]>n[i][j]+max(c[p].w,max(w[i],w[j])))cc[i][j]=cc[j][i]=n[i][j]+max(c[p].w,max(w[i],w[j]));//带上点权.! } } } bool cmp(node a,node b){return a.w<b.w;} int main() { int i,j; //freopen("toll.in","r",stdin); //freopen("toll.out","w",stdout); scanf("%d%d%d",&N,&m,&k); memset(n,5,sizeof(n)); memset(cc,5,sizeof(cc)); for(i=1;i<=N;i++)n[i][i]=0; for(i=1;i<=N;i++)scanf("%d",&c[i].w),c[i].id=i,w[i]=c[i].w; sort(c+1,c+N+1,cmp);//排序.! for(i=1;i<=m;i++) { scanf("%d%d%d",&u,&v,&l); n[v][u]=n[u][v]=min(n[u][v],l); } floyd(); for(i=1;i<=k;i++) { scanf("%d%d",&s,&t); printf("%d ",cc[s][t]); } return 0; }