挺明显的单调队列了……
题目描述
博览馆正在展出由世上最佳的 M 位画家所画的图画。
wangjy想到博览馆去看这几位大师的作品。
可是，那里的博览馆有一个很奇怪的规定，就是在购买门票时必须说明两个数字，
a和b，代表他要看展览中的第 a 幅至第 b 幅画(包含 a 和 b)之间的所有图画，而门票
的价钱就是一张图画一元。
为了看到更多名师的画，wangjy希望入场后可以看到所有名师的图画(至少各一张)。
可是他又想节省金钱。。。
作为wangjy的朋友，他请你写一个程序决定他购买门票时的 a 值和 b 值。
输入格式
第一行是 N 和 M，分别代表博览馆内的图画总数及这些图画是由多少位名师的画
所绘画的。
其后的一行包含 N 个数字，它们都介于 1 和 M 之间，代表该位名师的编号。
输出格式
a和 b(a<=b) 由一个空格符所隔开。
保证有解，如果多解，输出a最小的。
输入输出样例
输入 #1
12 5 2 5 3 1 3 2 4 1 1 5 4 3
输出 #1
2 7
说明/提示
约定 30%的数据N<=200 , M<=20
60%的数据N<=10000 , M<=1000
100%的数据N<=1000000 , M<=2000
#include<stdio.h> int m[2001],num; int n[1000000]; int main() { int R=-1,L=0,N,M,t,i=0,ansL,ansR; //R必须是-1，因为后面是从0开始枚举的 scanf("%d%d",&N,&M); for(i=0;i<N;i++)scanf("%d",n+i); i=0; /*第一个循环中，把区间右端点不断右移，并维护该画的画师出现次数，出现新的画师 把计数器加一，直到看到所有画师的画，然后循环判断左端点的画师是否出现一次以上， 这时候应用贪心思想，只要出现过一次以上，那么左端点就一定可以弹出，因为这个点的 存在只会让区间更长，而不会让区间包含画师更多，我们只要保证这个区间有每个画师的画就行了 这时用两个变量来记录当前区间左右端点作为初始答案*/ while(num!=M) { //循环完所有画师的画 if(m[n[i]]==0)num++; //如果该画师还没有出现过 m[n[i]]++; //维护该画的画师出现次数（n[i]这个画的画师） R++; //区间右端点不断右移 i++; } while(m[n[L]]>1) //当最左边的画师的画出现一次以上时 m[n[L++]]--; //该画师出现次数减一，左端点向左移动（左端点弹出，向右缩进 ansL=L;ansR=R; /*然后第二次循环，继续循环剩下的画， 每次将右端点+1，维护画的画师出现次数，并不断弹出没必要存在的左端点， 为在第二个循环里任何时刻的区间都保证满足能看到所有画师的画， 所以应该在循环里面判断当前区间是否比已知答案的区间更短，如果更短，更新答案 我的代码区间是从零计的，所以输出时+1 虽然循环嵌套，但是因为每个点都只会最多出入一次区间，所以复杂度O(n)，只是常数略大*/ while(i<N) //画数 { m[n[i]]++; R++; i++; while(m[n[L]]>1) m[n[L++]]--; if(ansR-ansL>R-L) { ansR=R; ansL=L; } } printf("%d %d",ansL+1,ansR+1); }