/*
这两天考试直接呵呵了.
赶脚对qbxt的题目无感.
同时也发现了自己的一些问题.
一些思路题总是自己傻逼的挖个坑跳进去.
这两天场场倒数ORZ.
始终是最弱的....
然后NOIP光荣三等奖了吧%>_<%.
*/笔记
【问题描述】
给定一个长度为?的序列?，下标编号为1~?。序列的每个元素都是1~?的
整数。定义序列的代价为
? ?+1 − ? ?
?−1
?=1
你现在可以选择两个数?和?，并将序列?中所有的?改成?。?可以与?相等。
请求出序列最小可能的代价。
【输入格式】
输入第一行包含两个整数?和?。第二行包含?个空格分隔的整数，代表序
列?。
【输出格式】
输出一行，包含一个整数，代表序列最小的代价。
【样例输入 1】
4 6
1 2 3 4 3 2
【样例输出 1】
3
【样例输入 2】
10 5
9 4 3 8 8
【样例输出 1】
6
【样例解释】
样例 1 中，最优策略为将 4 改成 3。样例 2 中，最优策略为将 9 改成 4。
【数据规模和约定】
31。
60%的数据，?,? ≤ 2000。
对于100%的数据，1 ≤ ?,? ≤ 100,000。
/*
呵呵了.
线性找的拐点然后乱搞.
正确性显然不对.
还骗了50分......
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define MAXN 100001
#define LL long long
using namespace std;
LL a[MAXN],s[MAXN],n,m,f[MAXN],tot,ans=1e18,total,c[MAXN];
int read1()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*f;
}
int abs1(LL x)
{
return x<0?-x:x;
}
void slove()
{
bool flag=true;
if(a[m]==a[1])
{
int x=a[1];
for(int i=2;i<=m-1;i++)
if(a[i]!=x) {flag=false;break;}
if(flag) {
printf("0");return ;
}
}
memset(s,127/3,sizeof s);
if(a[1]<a[2]) flag=true;
else flag=false;
f[a[1]]++;f[a[m]]++;
for(int i=2;i<=m-1;i++)
{
if(a[i+1]>a[i]&&!flag)
flag=true,f[a[i]]++;
else if(a[i]>a[i+1]&flag)
flag=false,f[a[i]]++;
if(a[i]==a[i+1]) f[a[i]]++;
}
for(int i=2;i<=m-1;i++)
{
if(f[a[i]])
{
s[a[i]]=min(s[a[i]],max(a[i+1],a[i-1]));
if(a[i]>a[i-1]&&a[i]<a[i+1])continue;
if(a[i]<a[i-1]&&a[i+1]<a[i]) continue;
c[a[i]]+=min(abs1(a[i-1]-a[i]),abs1(a[i+1]-a[i]))*2;
}
}
if(s[a[1]]==s[0]) s[a[1]]=a[1];
if(s[a[m]]==s[0]) s[a[m]]=a[m];
if(s[a[1]]!=a[1])
c[a[1]]+=abs1(a[1]-a[2])-abs1(s[a[1]]-a[2]);
else c[a[1]]+=abs1(a[1]-a[2]);
if(s[a[m]]!=a[m])
c[a[m]]+=abs1(a[m]-a[m-1])-abs1(s[a[m]]-a[m-1]);
for(int i=1;i<=n;i++)
if(f[i]) ans=min(ans,total-c[i]);
cout<<ans;
}
int main()
{
freopen("note.in","r",stdin);
freopen("note.out","w",stdout);
n=read1(),m=read1();
if(m==1)
{
printf("0");return 0;
}
for(int i=1;i<=m;i++) a[i]=read1();
for(int i=2;i<=m;i++)
total+=abs1(a[i]-a[i-1]);
slove();
fclose(stdin);fclose(stdout);
return 0;
}/*
思路题.
找一个数找他的相邻数.
(ans最大的这个数必定是拐点)
(这告诉我们有时候就要用vector).
然后找这些数的中位数
(why?在一个单调区间中改一个数是毫无意义的
然后我们可能会想到改成平均数but 若该平均数不在该区间中
则改平均数一定不如中位数优.)
*/
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<vector>
#define MAXN 100001
#define LL long long
using namespace std;
LL n,m,a[MAXN],ans,s;
vector<int>b[MAXN];
LL read()
{
LL x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*f;
}
LL abs1(LL x)
{
return x<0?-x:x;
}
int main()
{
int y,la;
freopen("note.in","r",stdin);
freopen("note.out","w",stdout);
n=read(),m=read();
for(int i=1;i<=m;i++) a[i]=read();
for(int i=1;i<=m;i++)
{
if(i>1&&a[i-1]!=a[i])
b[a[i-1]].push_back(a[i]);
if(i<m&&a[i+1]!=a[i])
b[a[i+1]].push_back(a[i]);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(!b[i].size()) continue;
sort(b[i].begin(),b[i].end());
y=b[i][b[i].size()>>1];
long long be=0,after=0;
for(int j=0;j<b[i].size();j++)
{
la+=abs(i-b[i][j]);
after+=abs(y-b[i][j]);
}
ans=max(ans,la-after);
s+=la;
}
cout<<s/2-ans;
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return 0;
}括号
【问题描述】
有一个长度为?的括号序列，以及?种不同的括号。序列的每个位置上是哪
种括号是随机的，并且已知每个位置上出现每种左右括号的概率。求整个序列是
一个合法的括号序列的概率。
我们如下定义合法括号序列：
• 空序列是合法括号序列；
• 如果?是合法括号序列，那么???是合法括号序列，当且仅当?和?是同种
的左右括号；
• 如果?和?是合法括号序列，那么??是合法括号序列。
【输入格式】
输入第一行包含两个整数?和?。接下来的输入分为?组，每组?行。第?组第
?行包含两个实数?[?,?]和?[?,?]，分别代表第?个位置上是第?类的左括号和右括号
的概率。
【输出格式】
输出一行，包含一个实数，代表序列是合法括号序列的概率。建议保留至少
5 位小数输出。只有当你的输出与标准答案之间的绝对误差不超过10 −5 时，才会
被判为正确。
【样例输入 1】
2 1
1.00000 0.00000
0.00000 1.00000
【样例输出 1】
1.00000
【样例输入 2】
4 1
0.50000 0.50000
1.00000 0.00000
0.00000 1.00000
0.50000 0.50000
测试题 #4 括号
第 5 页 共 6 页
【样例输出 2】
0.25000
【数据规模和约定】
对于20%的数据，? ≤ 50，? = 1，所有位置的概率非 0 即 1。
另外有 30%的数据，? ≤ 34，? = 1，前 10 个和后 10 个位置的所有概率都
是 0.5，中间剩余位置的概率非 0 即 1。
80%的数据，?,? ≤ 50。
对于100%的数据，1 ≤ ? ≤ 200，1 ≤ ? ≤ 50。
/*
区间DP.
f[i][j]表示[i,j]区间第一类合并对答案的贡献.
g[i][j]表示[i,j]区间第二类合并对答案的贡献.
一开始预处理单元区间f[i][i+1]+=s[i][x][0]*s[i+1][x][1].
考虑两种区间合并.
第一类f[i][j]+=(f[i+1][j-1]+g[i+1][j-1])*s[i][x][0]*s[j][x][1].
左右括号里边所有贡献*括号的贡献.
第二类g[i][j]+=(f[i][x]+g[i][x])*f[x+1][j].
为避免重复计算我们约定后边的始终为f.
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#define ld long double
#define MAXN 210
using namespace std;
int n,k;
ld f[MAXN][MAXN],g[MAXN][MAXN],s[MAXN][MAXN][2];
int main(){
freopen("brackets.in", "r", stdin);
freopen("brackets.out", "w", stdout);
cin>>n>>k;
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=k;j++)
cin>>s[i][j][0]>>s[i][j][1];
for(int i=1;i<n;i++)
for(int x=1;x<=k;x++)
f[i][i+1]+=s[i][x][0]*s[i+1][x][1];
for(int i=n-1;i>=1;i--)
for(int j=i+3;j<=n;j++){
for(int x=1;x<=k;x++)
f[i][j]+=(f[i+1][j-1]+g[i+1][j-1])*s[i][x][0]*s[j][x][1];
for(int x=i+1;x<j-1;x++)
g[i][j]+=(f[i][x]+g[i][x])*f[x+1][j];
}
printf("%.5f
",(double)(f[1][n]+g[1][n]));
return 0;
}城堡
【问题描述】
给定一张?个点?条边的无向连通图，每条边有边权。我们需要从?条边中
选出? − 1条， 构成一棵树。 记原图中从 1 号点到每个节点的最短路径长度为? ? ，
树中从 1 号点到每个节点的最短路径长度为? ? ，构出的树应当满足对于任意节点
?，都有? ? = ? ? 。
请你求出选出? − 1条边的方案数。
【输入格式】
输入的第一行包含两个整数?和?。
接下来?行，每行包含三个整数?、?和?，描述一条连接节点?和?且边权为
?的边。
【输出格式】
输出一行，包含一个整数，代表方案数对2 31 − 1取模得到的结果。
【样例输入】
3 3
1 2 2
1 3 1
2 3 1
【样例输出】
2
【数据规模和约定】
32 ≤ ? ≤ 5，? ≤ 10。
对于50%的数据，满足条件的方案数不超过 10000。
对于100%的数据，2≤ N ≤ 1000，? − 1 ≤ M ≤
N*（N-1）*2
21 ≤ W ≤ 100。
/*
一开始
tarjan+spfa+并查集+MST+dfs 150line乱搞.
然后发觉自己读错题了.
然后暴力没码完orz.
这题要用到最短路性质.
N的点 M条边(m>=n-1)的无向图
跑最短路后最多还剩下N-1条边对答案有贡献.
so spfa后枚举边乘法原理稍微搞搞就行了.
*/
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#define MAXN 1001
#define MAXM 1000001
#define LL long long
const LL mod = (1LL << 31) - 1LL;
using namespace std;
int n,m,head[MAXN],tot,cut;
LL ans=1;
bool b[MAXN],vis[MAXM*2];
struct edge{int u,v,next,x;}e[MAXM*2];
struct data{LL ans,tot;}dis[MAXN];
inline int read1()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*f;
}
inline void add(int u,int v,int x)
{
e[++cut].v=v;
e[cut].u=u;
e[cut].x=x;
e[cut].next=head[u];
head[u]=cut;
}
void spfa()
{
queue<int>q;
for(int i=1;i<=n;i++) dis[i].ans=1e9;
q.push(1);dis[1].ans=0;
while(!q.empty())
{
int u=q.front();q.pop();b[u]=false;
for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(dis[v].ans>dis[u].ans+e[i].x)
{
dis[v].ans=dis[u].ans+e[i].x;
if(!b[v]) b[v]=true,q.push(v);
}
}
}
memset(b,0,sizeof b);
for(int i=1;i<=n;i++)
q.push(i);
for(int i=1;i<=cut;i++)
{
int u=e[i].u,v=e[i].v;
if(dis[v].ans==dis[u].ans+e[i].x) dis[v].tot++;
}
dis[1].tot=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=(ans*dis[i].tot)%mod;
cout<<ans;
}
int main()
{
int x,y,z;
freopen("castle.in","r",stdin);
freopen("castle.out","w",stdout);
n=read1(),m=read1();
if(m==n-1){printf("1");return 0;}
for(int i=1;i<=m;i++)
{
x=read1(),y=read1(),z=read1();
add(x,y,z),add(y,x,z);
}
spfa();
fclose(stdin);fclose(stdout);
return 0;
}