树形DP很弱啊，开始看题，觉得貌似挺简单的，然后发现貌似还可以往回走...然后就不知道怎么做了...
看看了题解http://www.cnblogs.com/wuyiqi/archive/2012/01/09/2316758.html画画题解中的三种情况，还是可以理解的。
设dp[0][s][j]表示从s（当前根节点）出发，走 j 步，回到s所能获得的最大权值
dp[1][s][j]表示从s（当前根节点）出发，走j步，不回到s所能获得的最大权值
现在我们就可以分配背包容量了：父节点与子节点分配背包容量，从而设计出状态转移方程
主要思想：
s返回，t返回
s不返回，t返回（走向t子树，t子树返回之后走向s的其他子树，然后不回到s）
s返回，t不返回（遍历s的其他子树后返回s，返回之后走向t子树，然后不回到t）
没有都不返回，肯定有一方有一个返回的过程，再去另一边的子树的
总结起来一句话，要么去s的其他子树呆着，要么去t子树呆着，要么回到s点
1、在t子树返回，其他子树也返回，即回到当前根节点s
2,、不返回根节点，但在t子树返回，即相当于从t出发走k步返回t的最优值 加上 从s出发走j-k步到其他子树不返回的最优值，中间有s与t连接起来，其实就等于从s出发遍历t子树后（dp[0][t][k]）又回到s（这一步多了中间的来回两步），再走出去（其他子树）【dp[1][s][j-k]】，不回来
3、不返回根节点，在t子树也不返回，等价于从s出发遍历其他子树，回到s（dp[0][s][j-k]），再走向t子树，不回到t（dp[1][t][k]），这个过程s-t只走了一步
dp[0][s][j+2]=Max(dp[0][s][j+2],dp[0][t][k]+dp[0][s][j-k]);//从s出发，要回到s，需要多走两步s-t,t-s,分配给t子树k步，其他子树j-k步，都返回
dp[1][s][j+2]=Max(dp[1][s][j+2],dp[0][t][k]+dp[1][s][j-k]);//不回到s（去s的其他子树），在t子树返回，同样有多出两步
dp[1][s][j+1]=Max(dp[1][s][j+1],dp[1][t][k]+dp[0][s][j-k]);//先遍历s的其他子树，回到s，遍历t子树，在当前子树t不返回，多走一步
#include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <cmath> #include <algorithm> using namespace std; #define N 200100 #define LL __int64 #define lson l,m,rt<<1 #define rson m+1,r,rt<<1|1 struct node { int u,v,next; }edge[201]; int dp[201][201][2]; int first[201]; int p[201]; int t,n,k; void CL() { t = 1; memset(first,-1,sizeof(first)); memset(dp,0,sizeof(dp)); } void add(int u,int v) { edge[t].u = u; edge[t].v = v; edge[t].next = first[u]; first[u] = t ++; } void dfs(int rt) { int i,j,son,v; for(i = 0;i <= k;i ++) dp[rt][i][0] = dp[rt][i][1] = p[rt]; for(i = first[rt];i != -1;i = edge[i].next) { son = edge[i].v; dfs(son); for(j = k;j >= 0;j --) { for(v = 0;v <= j;v ++) { dp[rt][j+2][0] = max(dp[rt][j+2][0],dp[rt][v][0]+dp[son][j-v][0]); dp[rt][j+1][1] = max(dp[rt][j+1][1],dp[rt][v][0]+dp[son][j-v][1]); dp[rt][j+2][1] = max(dp[rt][j+2][1],dp[rt][v][1]+dp[son][j-v][0]); } } } } int main() { int i,u,v; while(scanf("%d%d",&n,&k)!=EOF) { CL(); for(i = 1;i <= n;i ++) scanf("%d",&p[i]); for(i = 1;i < n;i ++) { scanf("%d%d",&u,&v); add(u,v); } dfs(1); printf("%d ",dp[1][k][1]); } return 0; }