Description
你有(n)个整数(A_{i})和(n)个整数(B_{i})。你需要把它们配对，即每个(A_{i})恰好对应一 个(Bp_{i})。要求所有配对的整数差的绝对值之和尽量小，但不允许两个相同的数配对。例如(A=lbrace 5,6,8 brace)，(B=lbrace 5,7,8 brace)，则最优配对方案是(5)配(8)，(6)配(5)，(8)配(7)，配对整数的差的绝对值分别为(2, 2, 1)，和为(5)。注意，(5)配(5)，(6)配(7)，(8)配(8)是不允许的，因为相同的数不许配对。
Input
第一行为一个正整数(n)，接下来是(n)行，每行两个整数(A_{i})和(B_{i})，保证所有(A_{i})各不相同，(B_{i})也各不相同。
Output
输出一个整数，即配对整数的差的绝对值之和的最小值。如果无法配对，输出(-1)。
Sample Input
3
3 65
45 10
60 25
Sample Output
32
HINT
(30\%)的数据满足：(n le 10^{4})
(100\%)的数据满足：(1 le n le 10^{5})，(A_{i})和(B_{i})均为(1)到(10^{6})之间的整数。
难得又一道自己想出的题目。
首先如果没有相同的数字不能同时配对，那么排序之后两两配对一定是最优的。那么我们在满足题目限制一定也要尽可能的满足题目的限制，相邻两个进行交换。
我们令(pos_{i})表示前第(i)个排序后数字相同配对的位置，(f_{i,0/1})表示前(i)个数字相同的配对，使其合法的最小增加代价（(0)表示与前面的交换，(1)表示与后面的交换）。转移有这样以下的几个：
当(pos_{i-1} ge pos_{i}-1)时$$f_{i,0} = f_{i-1,0}+calc(pos_{i}-1,pos_{i})$$
否则$$f_{i,0} = min(f_{i-1,0},f_{i-1,1})+calc(pos_{i}-1,pos_{i})$$
产生分歧的原因是如果(pos_{i-1} ge pos_{i}-1)，那么如果(i-1)号非法配对与右边的交换，(i)号与左边的交换代价计算就会出错。
当(i ge 2)并且(pos_{i}=pos_{i-1}+1)，我们可以两个非法的进行交换，得到以下的转移：
当(pos_{i-2} ge pos_{i-1}-1)时，$$f_{i,0} = min(f_{i,0},f_{i-2,0}+calc(pos_{i-1},pos_{i}))$$
否则$$f_{i,0} = min(f_{i,0},min(f_{i-2,0},f_{i-2,1})+calc(pos_{i-1},pos_{i}))$$
分歧的原因同上。
以上转移(calc(a,b))为计算交换(a,b)位置增加代价的函数。
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define inf (1LL<<60)
#define maxn 100010
int n,pos[maxn],tot; ll sum,A[maxn],B[maxn],f[maxn][2];
inline ll calc(int a,int b)
{
if (!a||!b) return inf; if (a > n||b > n) return inf;
return (abs(A[a]-B[b])+abs(A[b]-B[a]))-(abs(A[a]-B[a])+abs(A[b]-B[b]));
}
inline void dp()
{
memset(f,0x7,sizeof(f));
f[0][0] = f[0][1] = 0;
for (int i = 1;i <= tot;++i)
{
f[i][1] = min(f[i-1][0],f[i-1][1])+calc(pos[i],pos[i]+1);
if (pos[i-1]<pos[i]-1) f[i][0] = min(f[i-1][0],f[i-1][1])+calc(pos[i]-1,pos[i]);
else f[i][0] = f[i-1][0]+calc(pos[i]-1,pos[i]);
if (i >= 2&&pos[i] == pos[i-1]+1)
{
if (pos[i-2]<pos[i-1]-1) f[i][0] = min(f[i][0],min(f[i-2][0],f[i-2][1])+calc(pos[i-1],pos[i]));
else f[i][0] = min(f[i][0],f[i-2][0]+calc(pos[i-1],pos[i]));
}
}
}
int main()
{
freopen("1237.in","r",stdin);
freopen("1237.out","w",stdout);
scanf("%d",&n); for (int i = 1;i <= n;++i) scanf("%lld %lld",A+i,B+i);
A[0] = A[n+1] = inf; pos[0] = -100;
sort(A+1,A+n+1); sort(B+1,B+n+1);
for (int i = 1;i <= n;++i)
{
sum += abs((A[i]-B[i]));
if (A[i] == B[i]) pos[++tot] = i;
}
dp(); printf("%lld",sum+min(f[tot][0],f[tot][1]));
fclose(stdin); fclose(stdout);
return 0;
}