NOIP2005过河（青蛙过河）

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这道题主要是因为L长度最大可以为1e9 而石子却最多只有100个 这样就浪费了很多时间空间 所以我们压缩一波路径就可以了 剩余的就是枚举每个点以及i-y到i-x的dp了

这里要说一句为什么要mod90 因为1~9两两的最大公倍数是90

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int M=100007;
int read(){
    int ans=0,f=1,c=getchar();
    while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-') f=-1; c=getchar();}
    while(c>='0'&&c<='9'){ans=ans*10+(c-'0'); c=getchar();}
    return ans*f;
}
int f[M],s[155],L,x,y,m,sz[M];
int main()
{
    memset(f,127,sizeof(f));
    L=read(); x=read(); y=read(); m=read();
    for(int i=1;i<=m;i++) s[i]=read();
    if(x==y){
        int ans=0;
        for(int i=1;i<=m;i++) if(s[i]%x==0) ans++;
        printf("%d
",ans);
        return 0;
    }
    s[m+1]=L;
    sort(s+1,s+m+2);
    for(int i=0;i<=m;i++) if(s[i+1]-s[i]>90) s[i+1]=s[i]+(s[i+1]-s[i])%90;
    for(int i=1;i<=m;i++) sz[s[i]]=1;
    for(int i=x;i<=y;i++) f[i]=(sz[i])?1:0;
    for(int i=2*x;i<=s[m+1];i++){
        for(int j=x;j<=y;j++) if(j<=i) f[i]=min(f[i],f[i-j]);
        if(sz[i]) f[i]++;
    }
    printf("%d
",f[s[m+1]]);
    return 0;
}