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题意：
给定你一个长度为n的序列，你有两种操作，给这个序列的后缀加一或者减一，序列的后缀定义和字符串的后缀定义相同，还有你开始在所有的操作开始的时候，选择把一个数变成任意的数，这个操作不计入总的操作次数，然后问你最少需要操作几次，才能将这个序列都变成相等的数。
解析：
先考虑不提前改数的情况，a2~an全变成a1，前提是a3~an全变成a2，那么有：
fabs(ai-ai+1) 1<=i<=n-1
改数，怎么改是关键。肯定不能凭空乱改，可以大胆猜测是将某个数改成数组里已经存在的一个数
考虑有三个数：
一：1 5 8 原花费为7。1变成5可以将操作降为4，即a1变为a2
二：8 5 1，原花费为7。1变成5可以将操作降为4，即an变为an-1
三：5 2 10，原花费为11 ，只有2变为10，操作最小降为5，即ai+1变为ai+2。
四：5 10 2 ，原花费为11，只有10变为2，操作最小降为3，即ai+1变为ai+2。
三四可以概括为一种，减少的操作数为：abs(ai+1-ai)+abs(ai+2-ai+1)-abs(ai+2-ai)
有代码：
#include<iostream> #include<cstring> #include<map> #include<algorithm> #include<stack> #include<queue> #include<cstdio> #include<cmath> #include<string.h> using namespace std; typedef long long ll; const int maxn=2e5+10; const int inf=99999999; int a[maxn]; ll num[maxn]; int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n; cin>>n; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i]; ll sum=0; for(int i=1;i<=n-1;i++) sum+=fabs(a[i]-a[i+1]); ll md=-inf; for(int i=1;i<=n-2;i++) { ll now=fabs(a[i+1]-a[i])+fabs(a[i+2]-a[i+1])-fabs(a[i+2]-a[i]); md=max(md,now); } ll s1=0,s2=0,s3=0; for(int i=1;i<=n-2;i++) { s1+=fabs(a[i]-a[i+1]); } for(int i=2;i<=n-1;i++) s2+=fabs(a[i]-a[i+1]); cout<<min(min(s1,s2),sum-md)<<endl; } }