#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 20 + 10; //m<20,n<20,范围是20以内，开大一点防止出错
//本题，不吸氧，可以过10个点，第11个点TLE。吸氧后可以能完全部11个点。
//用来记录题目输入的数据信息
int n, m; //m表示机器数，n表示工件数
int seq[N * N]; //为给定的安排顺序。大小为m*n，所以开了一个N*N的数组。是安排顺序的简写形式。
int p[N][N]; //工件+工序的机器号
int t[N][N]; //工件+工序的执行时长
const int M = N * N * 100; //时长最长情况的上限，比如n个工件，全都安排在1号机器上制作，共m个工序，每个工序时长为1000,咋也够了吧？
int res[N][M]; //这是每台机器的时长安排情况,记录每台机器上每个时间点是哪个工件在制作
//获取第i个位置的数据，是seq[i]这台机器的第几次出现？
int getProcessNum(int i) {
int x = seq[i];
int cnt = 0;
for (int j = 0; j <= i; j++)if (seq[j] == x) cnt++;
return cnt;
}
//获取工件x的最后制作时间
int getLastTime(int x) {
int lastTime = 0;
for (int i = 1; i <= m; i++)// 遍历所有机器
for (int j = M - 1; j >= 0; j--)
if (res[i][j] == x) {
lastTime = max(lastTime, j + 1);//找出最大值，就是最后的制作时间
break;
}
return lastTime;
}
/**
* 功能：检查函数
* @param start 从哪个时间开始
* @param len 需要多长的时间
* @param mac 哪台机器上进行检查
* @return 是不是能放得下去
*/
bool check(int start, int len, int mac) {
for (int i = start; i < start + len; i++)
if (res[mac][i])return false; //在这个范围内，如果有使用的情况，就返回false, 表示放不下去
//全部通过，表示可以放的下去，返回true
return true;
}
int main() {
//m机器数，n工件数
//示例数据：2 3，表示2台机器，3个工件
cin >> m >> n;
//给定的安排顺序,示例数据:1 1 2 3 3 2，描述第一个物品第一个工序，第一个物品第二个工序，第二个物品第一个工序，第三个物品第一个工序，第三个物品第二个工序，第二个物品第二个工序
for (int i = 1; i <= n * m; i++) cin >> seq[i];
/**
前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号，第1个数为第1个工序的机器号，第2个数为第2个工序机器号，等等。
1 2 第一件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
1 2 第二件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
2 1 第三件物品，第1个工序需要在2号机器上进行，第2个工序需要在1号机器上进行
*/
for (int i = 1; i <= n; i++)
for (int j = 1; j <= m; j++)
cin >> p[i][j];
//每个工件的每个工序的加工时间
//后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。
for (int i = 1; i <= n; i++)
for (int j = 1; j <= m; j++)
cin >> t[i][j];
//处理每一个输入顺序
for (int i = 1; i <= n * m; i++) {
int x = seq[i]; //第几个工件
int y = getProcessNum(i); //此工件的第几个工序(第几次出现就是第几个工序)
int mac = p[x][y]; //根据工件+工件的工序--->第几个机器上加工
for (int j = getLastTime(x);; j++) { //此工件需要在最后一次加工时间的基础上去尝试，符合规则1,直到找到答案为止
//看看有空的话，能不能放的下去，比如有3个空，但不够长，就不行
if (check(j, t[x][y], mac)) {
//标识此位置被占用
for (int k = j; k < j + t[x][y]; k++)res[mac][k] = x;
break;
}
}
}
//找到最长的时间是哪个
int ans = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++)ans = max(ans, getLastTime(i));
cout << ans << endl;
return 0;
}
//P1065_2.cpp
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N = 20 + 10; //m<20,n<20,范围是20以内，开大一点防止出错
//题意解析
//https://www.bilibili.com/video/BV14K411J7Hr?from=search&seid=5350204733209198842
//手绘图形进行样例解析说明，让学生们手工绘制帮助理解题意。
//用来记录题目输入的数据信息
int n, m; //m表示机器数，n表示工件数
int seq[N * N]; //为给定的安排顺序。大小为m*n，所以开了一个N*N的数组。是安排顺序的简写形式。
//举个例子： 112332 表示第一个工件第一道工序，第一个工件第二道工序，第二个工件第1个工序....
int p[N][N]; //工件+工序的机器号
int t[N][N]; //工件+工序的执行时长
//下面是程序开发中需要的中间变量
int cnt[N]; //用来存储遍历到了当前工件的第几个工序
//Q:为什么要用数组来存储是第几个工序？
//A:因为有多个工件，每一个工件都随时需要知道它现在再次出现的是第几个工序了,需要有地方可以查询到,这里使用了桶排的思想。
int last[N]; //记录每份工件的最后一次加工时间
//Q:为什么要记录最后一次的加工时间？
//A:因为每个工件，它的加工顺序是不能反的，也就是规则1，如何才能不违反规则1呢？就是记录下它的最后一次执行时间，然后把下一个工序安排在最后一次执行时间后面就行了。
int res[N][N * N * 100]; //标识每台机器的时间使用情况，第一维：机器，第二维：时间，值：是不是占用了
/**
* 功能：检查函数
* @param start 从哪个时间开始
* @param len 需要多长的时间
* @param mac 哪台机器上进行检查
* @return 是不是能放得下去
*/
bool check(int start, int len, int mac) {
for (int i = start; i < start + len; i++)
if (res[mac][i])return false; //在这个范围内，如果有使用的情况，就返回false, 表示放不下去
//全部通过，表示可以放的下去，返回true
return true;
}
int main() {
//m机器数，n工件数
//示例数据：2 3，表示2台机器，3个工件
cin >> m >> n;
//给定的安排顺序,示例数据:1 1 2 3 3 2，描述第一个物品第一个工序，第一个物品第二个工序，第二个物品第一个工序，第三个物品第一个工序，第三个物品第二个工序，第二个物品第二个工序
for (int i = 1; i <= n * m; i++) cin >> seq[i];
/**
前n行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号，第1个数为第1个工序的机器号，第2个数为第2个工序机器号，等等。
1 2 第一件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
1 2 第二件物品，第1个工序需要在1号机器上进行，第2个工序需要在2号机器上进行
2 1 第三件物品，第1个工序需要在2号机器上进行，第2个工序需要在1号机器上进行
*/
for (int i = 1; i <= n; i++)
for (int j = 1; j <= m; j++)
cin >> p[i][j];
//每个工件的每个工序的加工时间
//后n行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。
for (int i = 1; i <= n; i++)
for (int j = 1; j <= m; j++)
cin >> t[i][j];
//找到最长的时间是哪个
int ans = 0;
//处理每一个输入顺序
for (int i = 1; i <= n * m; i++) {
//利用桶排思路，记录每个工件的加工到第几个工序
cnt[seq[i]]++;
int x = seq[i]; //第几个工件
int y = cnt[seq[i]]; //此工件的第几个工序(第几次出现)
int mac = p[x][y]; //根据工件+工件的工序--->第几个机器上加工
for (int j = last[x];; j++) { //此工件需要在最后一次加工时间的基础上去尝试，符合规则1,直到找到答案为止
//看看有空的话，能不能放的下去，比如有3个空，但不够长，就不行
if (check(j, t[x][y], mac)) {
//标识此位置被占用
for (int k = j; k < j + t[x][y]; k++)res[mac][k] = x;
//更新最后的位置值
last[x] = j + t[x][y];
//不断的更新最大值
ans = max(ans, last[x]);
break;
}
}
}
cout << ans << endl;
return 0;
}