题意:有长度为N的01串，有一个操作可以选择连续K个数字取反，求最小的操作数和最小的K使得最后变成全1串.(N<=5000)
由于K是不定的，无法高斯消元。
考虑枚举K，求出最小的操作数。
显然同样的区间操作两次是没必要的，且区间长度是一定的。从左到右依次考虑每个左端点i。如果为0，则需要改变区间[i,i+K-1].
此外，还需要考虑之前的操作对这个端点的影响。
复杂度O(n^3).
令f[i]为区间左端点为i时是否操作，那么可以发现我们考虑一个端点是否该取反时，前面影响它的是一个连续的区间。前缀和维护即可。
复杂度O(n^2).
# include <cstdio> # include <cstring> # include <cstdlib> # include <iostream> # include <vector> # include <queue> # include <stack> # include <map> # include <set> # include <cmath> # include <algorithm> using namespace std; # define lowbit(x) ((x)&(-x)) # define pi acos(-1.0) # define eps 1e-3 # define MOD 1000000007 # define INF 1000000000 # define mem(a,b) memset(a,b,sizeof(a)) # define FOR(i,a,n) for(int i=a; i<=n; ++i) # define FO(i,a,n) for(int i=a; i<n; ++i) # define bug puts("H"); # define lch p<<1,l,mid # define rch p<<1|1,mid+1,r # define mp make_pair # define pb push_back typedef pair<int,int> PII; typedef vector<int> VI; # pragma comment(linker, "/STACK:1024000000,1024000000") typedef long long LL; int Scan() { int res=0, flag=0; char ch; if((ch=getchar())=='-') flag=1; else if(ch>='0'&&ch<='9') res=ch-'0'; while((ch=getchar())>='0'&&ch<='9') res=res*10+(ch-'0'); return flag?-res:res; } void Out(int a) { if(a<0) {putchar('-'); a=-a;} if(a>=10) Out(a/10); putchar(a%10+'0'); } const int N=5005; //Code begin... char temp[3]; int sum[N], s[N]; int main () { int n, cnt, ansx=INF, ansy; scanf("%d",&n); FOR(i,1,n) scanf("%s",temp), s[i]=(temp[0]=='B'); FOR(i,1,n) { mem(sum,0); cnt=0; FOR(j,1,n) { int z=s[j]+(sum[j-1]-sum[j>=i?j-i:0]); if (z&1) { ++cnt; if (j>n-i+1) {cnt=INF; break;} sum[j]=sum[j-1]+1; } else sum[j]=sum[j-1]; } if (ansx>cnt) ansx=cnt, ansy=i; } printf("%d %d ",ansy,ansx); return 0; }