Description###
给定n个正整数a1,a2,…,an，求
[sumlimits_{i_1|a_1} sumlimits_{i_2|a_2} … sumlimits_{i_n|a_n} varphi(i_1 i_2 ··· i_n)
]
的值（答案模10^9+7）。
Input###
第一行一个正整数n。
接下来n行，每行一个正整数，分别为a1,a2,…,an。
Output###
仅一行答案。
Sample Input###
3
6
10
15
Sample Output###
1595
HINT###
1<=n<=105，1<=ai<=107。共3组数据。
想法##
推柿子~
(varphi(i)) 为积性函数
设 (i_1 i_2 ··· i_n = p_1^{r_1} p_2^{r_2} … p_m^{r_m}) (p为质数)，那么 (varphi(i_1 i_2 ··· i_n)=varphi(p_1^{r_1}) varphi(p_2^{r_2}) … varphi(p_m^{r_m}))
那么可以对于每个p单独考虑它对答案的贡献，最后都乘起来就行了
乱入
在(i_1,i_2,···,i_n)互不干扰时
[sumlimits_{i_1} sumlimits_{i_2} … sumlimits_{i_n} i_1 i_2 … i_n = (sum_{i_1})(sum_{i_2}) … (sum_{i_n})
]
上面所说的“乘起来”就是这个道理。
于是对于某个p，设它在(a_i)中的指数为(b_i)。那它对于答案的贡献为
[egin{equation*}
egin{aligned}
&sumlimits_{i_1=0}^{b_1} sumlimits_{i_2=0}^{b_2}… sumlimits_{i_n=0}^{b_n} varphi(p^{i_1+i_2+…+i_n}) \
=&frac{p-1}{p}[(sumlimits_{i_1=0}^{b_1} sumlimits_{i_2=0}^{b_2} … sumlimits_{i_n=0}^{b_n} p^{i_1+i_2+…+i_n})-1]+1 \
=&frac{p-1}{p}[(sumlimits_{i_1=0}^{b_1} sumlimits_{i_2=0}^{b_2} … sumlimits_{i_n=0}^{b_n} p^{i_1}p^{i_2}…p^{i_n})-1]+1 \
=&frac{p-1}{p}[(p^0+p^1+…+p^{b_1})(p^0+p^1+…+p^{b_2})…(p^0+p^1+…+p^{b_n})-1]+1
end{aligned}
end{equation*}
]
(第一个等号后“+1 -1”是考虑1的情况；第三个等号用了上面乱入的道理)
然后就比较好办了。
将 (a_i) 分解质因数，对于它的每个质因子p ，累计p对答案的贡献
最后统一计算
代码##
#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#define P 1000000007
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N = 100005;
const int M = 10000005;
int pre[M],prime[M],pnum;
void getp(){
pre[1]=1;
for(int i=2;i<M;i++){
if(!pre[i]) pre[i]=prime[pnum++]=i;
for(int j=0;j<pnum && (ll)i*prime[j]<M;j++){
pre[i*prime[j]]=prime[j];
if(i%prime[j]==0) break;
}
}
}
int n,top;
int a[N],st[N],cnt[N];
ll p[M];
ll Pow_mod(ll x,ll y){
ll ret=1;
while(y){
if(y&1) ret=(ret*x)%P;
x=(x*x)%P;
y>>=1;
}
return ret;
}
ll inv(ll x) { return Pow_mod(x,P-2); }
int main()
{
ll sum,last;
getp();
for(int i=0;i<M;i++) p[i]=1;
scanf("%d",&n);
for(int i=0;i<n;i++){
scanf("%d",&a[i]);
top=0;
for(int j=a[i];j>1;j=j/pre[j]){ //分解质因数（新技能qwq）
if(pre[j]!=st[top]) st[++top]=pre[j];
cnt[top]++;
}
for(int j=1;j<=top;j++){
sum=1; last=1;
while(cnt[j]--) { sum=(sum+last*st[j])%P; last=(last*st[j])%P; }
p[st[j]]=(p[st[j]]*sum)%P;
cnt[j]=0;
}
}
ll ans=1;
for(int i=2;i<M;i++){
if(p[i]==1) continue;
p[i]=(((p[i]-1)*(i-1)%P)*inv((ll)i)%P+1)%P;
ans=(ans*p[i])%P;
}
printf("%lld
",ans);
return 0;
}