畅通project再续
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 18411 Accepted Submission(s): 5769
Problem Description
相信大家都听说一个“百岛湖”的地方吧，百岛湖的居民生活在不同的小岛中，当他们想去其它的小岛时都要通过划小船来实现。
如今政府决定大力发展百岛湖，发展首先要解决的问题当然是交通问题，政府决定实现百岛湖的全畅通！
经过考察小组RPRush对百岛湖的情况充分了解后。决定在符合条件的小岛间建上桥，所谓符合条件，就是2个小岛之间的距离不能小于10米。也不能大于1000米。当然，为了节省资金，仅仅要求实现随意2个小岛之间有路通就可以。
当中桥的价格为 100元/米。
Input
输入包含多组数据。
输入首先包含一个整数T(T <= 200)，代表有T组数据。
每组数据首先是一个整数C(C <= 100),代表小岛的个数。接下来是C组坐标，代表每一个小岛的坐标，这些坐标都是 0 <= x, y <= 1000的整数。
Output
每组输入数据输出一行，代表建桥的最小花费，结果保留一位小数。假设无法实现project以达到所有畅通，输出”oh!”.
Sample Input
2 2 10 10 20 20 3 1 1 2 2 1000 1000
Sample Output
1414.2 oh!
Author
8600
Source
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最小生成树问题。两种算法prim和kruskal。在这里我用的另外一种算法
第一次RE了。。
原来数组太小了。。。CNN!!
分别计算n各小岛各个的距离（小于10大于1000的不要），而且存到结构体eg里面。sort依据距离从小到大排序，然后就用kruskal算法。
最后推断树根是否仅仅有一个。
还是看代码来的实在，有简单凝视
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <math.h>
#include <algorithm>
using namespace std;
int fa[105],n;
struct node//存贮第一次输入的坐标，一定要是浮点型的
{
double x,y;
}c[105];
struct node1//存贮两个小岛的编号和小岛的距离
{
int a,b;
double l;
}eg[10005];
bool cmp(node1 x,node1 y)//比較函数
{
return x.l<y.l;
}
int find(int x)//查找根而且缩短路径
{
if(fa[x]!=x) fa[x]=find(fa[x]);
return fa[x];
}
void init()//初始化
{
for(int i=0;i<n;i++)
fa[i]=i;
}
int main()
{
int ncase;
scanf("%d",&ncase);
while(ncase--)
{
scanf("%d",&n);
init();
memset(&c,0,sizeof(&c));
memset(&eg,0,sizeof(&eg));
for(int i=0;i<n;i++)
scanf("%lf %lf",&c[i].x,&c[i].y);
int k=0;
for(int i=0;i<n;i++)
for(int j=i+1;j<n;j++)
{
double temp=sqrt(pow(c[i].x-c[j].x,2)+pow(c[i].y-c[j].y,2));
if(temp>=10&&temp<=1000)//假设距离大于等于10小于等于1000
{
eg[k].a=i,eg[k].b=j,eg[k].l=temp;
k++;
}
}
sort(eg,eg+k,cmp);//依据距离排序<span style="white-space:pre"> </span>
double sum=0;//计算最小生成树的和
for(int i=0;i<k;i++)
{
int x=find(eg[i].a);
int y=find(eg[i].b);
if(x!=y)
fa[x]=y,sum+=eg[i].l;
}
int count=0;
for(int i=0;i<n;i++)//推断树根个数
if(fa[i]==i)
count++;
if(count!=1)
printf("oh!
");
else
printf("%.1lf
",sum*100);
}
return 0;
}