当 (d_i) 互不相同时，建出树后，按树的后序遍历，优先遍历编号小的点得到的顺序，(d_i) 从大到小填，即为最优解。
但 (d_i) 不保证互不相同时，这个贪心就不对了。设 (f_i) 为 ([1,i]) 中有多少个 (d_i) 可以填，那么所有满足 (minlimits_{j=i}^n { f_j } geqslant size_x) 的位置 (i) 都可以填到节点 (x)。
那么肯定是填最靠右的位置最优，设当前填的位置为 (pos)，那么就要在 ([pos+1,n]) 中的 (f_i) 都减去 (size_x)。当遍历到某个节点的第一棵子树时，需撤销该节点的限制。
用线段树即可实现，修改就是区间加，询问就是在线段树上二分。
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 1000010
#define maxm 4000010
#define ls (cur<<1)
#define rs (cur<<1|1)
#define mid ((l+r)>>1)
using namespace std;
template<typename T> inline void read(T &x)
{
x=0;char c=getchar();bool flag=false;
while(!isdigit(c)){if(c=='-')flag=true;c=getchar();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=getchar();}
if(flag)x=-x;
}
int n,root=1;
double k;
int ans[maxn],fa[maxn],siz[maxn],d[maxn],pos[maxn],mn[maxm],add[maxm];
void pushadd(int cur,int v)
{
mn[cur]+=v,add[cur]+=v;
}
void pushdown(int cur)
{
if(!add[cur]) return;
pushadd(ls,add[cur]),pushadd(rs,add[cur]),add[cur]=0;
}
void build(int l,int r,int cur)
{
if(l==r)
{
mn[cur]=l;
return;
}
build(l,mid,ls),build(mid+1,r,rs);
mn[cur]=min(mn[ls],mn[rs]);
}
void modify(int L,int R,int l,int r,int v,int cur)
{
if(L<=l&&R>=r)
{
pushadd(cur,v);
return;
}
pushdown(cur);
if(L<=mid) modify(L,R,l,mid,v,ls);
if(R>mid) modify(L,R,mid+1,r,v,rs);
mn[cur]=min(mn[ls],mn[rs]);
}
int query(int l,int r,int v,int cur)
{
if(l==r) return mn[cur]>=v?l:l+1;
pushdown(cur);
if(mn[rs]>=v) return query(l,mid,v,ls);
return query(mid+1,r,v,rs);
}
int main()
{
read(n),scanf("%lf",&k),build(1,n,root);
for(int i=1;i<=n;++i) read(d[i]);
sort(d+1,d+n+1),reverse(d+1,d+n+1);
for(int i=n;i;--i) pos[i]=d[i]==d[i+1]?pos[i+1]:i;
for(int i=1;i<=n;++i) fa[i]=i/k;
for(int i=n;i;--i) siz[i]++,siz[fa[i]]+=siz[i];
for(int i=1;i<=n;++i)
{
if(fa[i]&&fa[i]!=fa[i-1]) modify(ans[fa[i]],n,1,n,siz[fa[i]]-1,root);
ans[i]=pos[query(1,n,siz[i],root)],modify(ans[i],n,1,n,-siz[i],root);
}
for(int i=1;i<=n;++i) printf("%d ",d[ans[i]]);
return 0;
}