-
题目链接
-
题目大意
定义一个序列 (p) 合法当且仅当对于任意 (i>1) 在 (i) 最后出现前出现了 (i-1) 。
对于所有的 (iin[1,n]) ，求 (i) 在所有合法序列 (p) 中的出现次数和。
答案对 (998244353) 取模。
(nle 10^5)
-
题解
直接对着定义很不好搞，我们考虑构造一个双射 (f) 。
不妨设 (i) 的出现位置为 (x_{i,1}<x_{i,2}dots<x_{i,s_i}) ，那么我们发现题目中的条件相当于是 (x_{i,s_i}>x_{i-1,1}) 。那么我们如果将这个位置序列这么排列 (x_{1,s_1},x_{1,s_1-1}dots,x_{1,1} x_{2,s_1}dots) ，就得到一个 (n) 阶排列，并且这和原序列一一对应。
这个排列的相邻元素的大小关系确定，所以我们可以利用欧拉数求解（令 (k) 为 (k+1) 的答案），有：
[Ans_k=sum_{i=1}^nA(i,k)inom{n}{i}(n-i)! ]那么我们直接递推欧拉数（(A(n,k)=(n-k)A(n-1,k-1)+(k+1)A(n-1,k))）就可以在 (mathcal O (n^2)) 的复杂度解决问题。
当然这是远远不够的。
考虑定义一个 (SA(n,k)) 表示至少有 (k) 个小于号的方案，那么有二项式反演：
[A(n,k)=sum_{i=k}^n(-1)^{i-k}inom{i}{k}SA(n,i) ]考虑将排列中小于号的连成一段，那么可以得到：
[SA(n,k)=n^{n-k} ]代入原式，有：
[Ans_k=sum_{i=1}^nsum_{j=k}^i(-1)^{j-k}inom{j}{k}SA(i,j)inom{n}{i}(n-i)!\ =sum_{i=1}^ninom{n}{i}(n-i)!i!sum_{j=k}^i(-1)^{j-k}inom{j}{k}[x^i](e^x-1)^{i-j}\ =n!sum_{j=k}^n(-1)^{j-k}inom{j}{k}sum_{i=j}^n[x^i](e^x-1)^{i-j}\ =(-1)^kfrac{n!}{k!}sum_{j=k}^nfrac{(-1)^jj!}{(j-k)!}[x^j]sum_{i=0}^{n-j}(frac{e^x-1}{x})^i ]那么我们只需要求出 ([x^j]sum_{i=0}^{n-j}(frac{e^x-1}{x})^i) 就可以直接卷积了。
设 (F(x)=frac{e^x-1}{x}) ，那么有：
[[x^j]sum_{i=0}^{n-j}F^i\ =[x^j]frac{1-F^{n-j+1}}{1-F}\ =[x^j]frac{1}{1-F}-[x^j]frac{F^{n-j+1}}{1-F}\ ]前面的可以直接做，后面的我们给 (F) 乘上 (x) ，有：
[ [x^j]frac{F^{n-j+1}}{1-F}=[x^{n+1}]frac{(xF)^{n-j+1}}{1-F} ]有一个神奇的事情，就是我们可以加入一个元区分信息，得到：
[[x^{n+1}]frac{(xF)^{n-j+1}}{1-F}\ =[x^{n+1}y^{n-j+1}]frac{(xyF)^{n-j+1}}{1-F}\ =[x^{n+1}y^{n-j+1}]sum_ifrac{(xyF)^i}{1-F}\ =[x^{n+1}y^{n-j+1}]frac{1}{1-F}frac{1}{1-xyF} ]所以我们就是要求一个以 (y) 为主元的多项式。
然后我们考虑拉格朗日反演，设 (P(x)=xF(x),H(P(x))=F(x)) ，那么有 (frac{P(x)}{H(P(x))}=x) 。
再设 (G(x)=frac{1}{1-H}frac{1}{1-xy}) ，那么有：
[G(P)=frac{1}{1-H(P)}frac{1}{1-yP}=frac{1}{1-F}frac{1}{1-xyF}\ ]所以就是求 ([x^{n+1}]G(P)) ，设 (P(x)) 复合逆为 (T(x)) ，所以：
[frac{P(T)}{H(P(T))}=T o frac{x}{T}=H ]直接反演得：
[[x^{n+1}]G(P)=frac{1}{n+1}[x^{n}]G’left(frac{x}{T} ight)^{n+1}\ =frac{1}{n+1}[x^n]frac{y+H'-yH-xyH'}{(1-H)^2(1-xy)^2}H^{n+1}\ =frac{1}{n+1}[x^n]left(frac{y}{(1-H)(1-xy)^2}+frac{H'}{(1-H)^2(1-xy)} ight)H^{n+1}\ ]考虑提取 (y^m) 项系数：
[frac{1}{n+1}[x^ny^m]left(frac{y}{(1-H)(1-xy)^2}+frac{H'}{(1-H)^2(1-xy)} ight)H^{n+1}\ =frac{1}{n+1}left([x^ny^m]frac{H^{n+1}}{1-H}sum_i(i+1)x^iy^{i+1}+[x^ny^m]frac{H'H^{n+1}}{(1-H)^2}sum_ix^iy^i ight)\ =frac{1}{n+1}left([x^{n-m+1}]frac{mH^{n+1}}{1-H}+[x^{n-m}]frac{H'H^{n+1}}{(1-H)^2} ight) ]那么问题就在于如何求 (H(x)) ，这可以直接构造：
[P(x)=xF(x), H(P(x))=F(x)\ P(x)=e^x-1\ H(e^x-1)=frac{e^x-1}{x}\ H(x)=frac{x}{ln(x+1)} ]这样我们就做完了，复杂度 (mathcal O(nlog n)) 或 (mathcal O(nlog^2n)) ，取决于如何求快速幂。
有些多项式求逆时常数项不为 (0) ，直接平移即可。