基础算法
枚举
1.输出1~5的所有排列
法一：next_permutation
法二：dfs
2.输出1~n的所有子集的子集
一共有(3^n)个
为什么？
U是全集，S是子集，s'是子集的子集
每个元素有3种可能（在U里面不在S里，在S里不在s'里，在s'里)
每次枚举，都是在判断这n个元素分别在什么位置。一个元素有3种位置，那么总的组合就是(3^ n)个
代码怎么写？
暴力思路：第一层枚举子集，第二层枚举集合进行(check) 复杂度：(O(4^n))
显然每次枚举再check会浪费时间
怎么(O(3^n))解决这个问题？
感性李姐每次-1就是生成比当前子集小的最大的集合，与当前枚举的第一层子集取交集
搜索
皇后可攻击她所在的行、列、对角线
我们可以记录当前已经摆了多少个皇后，每次枚举当前行的所有格子，找到合法的格子，并标记当前列、对角线有没有被占用。
从信息比较多的行/列开始搜（按信息量进行sort)
适合解最优解问题（当然，要考虑内存的想法）
用二进制表示是否有某个漏洞，利用bfs进行扩展
一步可以推这个小方块一下（小方块可以倒下，也可以立着），问最少几步把它推进洞里
记录当前的位置，是立着还是倒着，枚举每次操作（推到，立起来，周围的方向）
剪枝常用：可行性剪枝（接下来不可能有解就返回），最优性剪枝（后面的状态最理想的也不会比当前搜到的解优就返回），其中最优性剪枝有些依赖搜索顺序。
经典题：生日蛋糕
蛋糕体积固定为(N)，层数固定为(M),要求下面层的蛋糕半径比上面层大，高度比上面层大，求最小表面积（下地面除外）
肯定是搜索辣
那么是从下到上搜还是从上到下搜呢？
当然是从下到上辣。因为从上到下可能填不满这个(N),而从下到上就不会
要记录什么呢？ 当前是第几层（从下到上数），体积，半径，高度。当前贡献的侧面积（因为顶面从上面看就和最底下的那层的底面积是一样的）.前4个用来搜索，侧面积用来更新答案。
搜完第(M)层时，如果体积为(N)，则更新答案,否则返回。
我们确定底层的时候要枚举(R)和(H),由于最后体积是(N),所以枚举到(sqrt n)就ok了
但是这样会(TLE)，所以考虑剪枝
可行性剪枝：
我们可以估计一下当前状态如果填完的最小体积，最大体积，如果(N)不在这个区间内，则当前状态无解。
最小肯定是第一层是1$ imes$1,第二层是(2 imes 2)......依次类推。最大体积：从当前层往上(R)依次-1，计算体积。当然为了复杂度也可以进行估算，预处理等乱七八糟操作
最优性剪枝：当前侧面积+理论最小侧面积+底面积>ans就直接return （最优化剪枝一般都很强）
代码from zrt
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
int n,m;
int ans;
int small[25];
int small_q[25];
void dfs(int x,int v,int q, int R,int H){
// 已经考虑完成最下面x层
// 第x层 R,H
// 当前蛋糕体积为v
if(v>n) return;
if(x==m){
if(v==n){
ans = min(ans,q);
}
return ;
}
if(v + small[m-x] > n) return;
if(q + small_q[m-x] >= ans) return;
int big = v;
for(int i=1;i<=m-x;i++){
big += (R-i)*(R-i)*(H-i);
}
if(big<n) return;
// x+1
for(int i=m-x;i<R;i++){
for(int j=m-x;j<H;j++){
dfs(x+1, i*i*j+v, 2*i*j+q,i,j);
}
}
}
int main(){
http://poj.org/problem?id=1011&lang=zh-CN
ans = 1e9;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=20;i++){
small[i] = small[i-1] + i*i*i;
small_q[i] = small_q[i-1]+2*i*i;
}
// 最底一层
for(int i=1;i<=n;i++){
if(i*i>n) break;
for(int j=1;j<=n;j++){
dfs(1,i*i*j, 2*i*j + i*i,i,j);
}
}
if(ans == int(1e9)) puts("0");
else{
printf("%d
",ans);
}
return 0;
}
扩展
(A^*,IDA^*)
就是一层一层的进行dfs(为了解决bfs容易爆空间以及dfs容易TLE而创造的结合产物)
分治
常见算法：归并排序，快速幂，二分查找/二分答案
就是把序列先拆开再合并
当然它比快排稳定
用途：卡sort时自己写，求逆序对（我只会树状数组.jpg）
写法不怎么常见的快速幂
ex:快(gui)速乘
用途：防止直接乘爆longlong
原理:(a imes n=n个a)相加
把快速幂中的乘换成加即可
暴力：每次(O(n))扫一遍
优雅一点：排序之后爆扫
再优雅一点：排序之后二分
二分实数：
解法一：解方程
设半径为(r)，圆心角的一半为(alpha)。(L=2r sinalpha,L'=2alpha r,L'=(1+n imes c) imes L)。可以解出来但是我不会
解法二：二分
设偏心距为(l),上面的式子整理之后发现((1+nc)sin alpha=alpha,l=frac{L(1-cos alpha)}{2sin alpha})
因此，我们可以二分角度来搞
贪心
有一堆怪，打第(i)只会掉(d_i)滴血，加(a_i)滴血，求最多打几只怪
肯定是个贪心，但是按什么排序呢？
当(a_igeq d_i)时，肯定按(d_i)从小到大打
当(a_i<d_i)时，怎么打呢？
1.按(d-a)从小到大
2.按(d)从小到大
3.按(d)从大到小
4.按(a)从小到大
5.按(a)从大到小
正确方法是5
5为什么是对的？
先来张图李姐李姐
这是打前半段时的血量的变化
这是理想状态下的血线变化，当血量降到0线以下就死亡。
我们发现这两半几乎是对称的，那么如果倒着看第二段，即把(a)(回血)看成(d)(扣血)，把(d)看成(a),那么这时回血>扣血，就和第一段一样了。再正回来，就是按(a)从大到小排。
其他几个选项的hack:
按(d-a):血量:100 (d_1=98,a_1=96,d_2=96,a_2=94)
按(d)从小到大：同上
按(d)从大到小：血量：100,(d_1=98,a_1=1,d_2=97,a_2=96)
按(a)从小到大：显然反了
数组
前缀和与差分
实现区间修改
栈：一般用数组模拟
应用：dfs,表达式求值
表达式求值
重点是运算的优先级
开两个栈，一个存数字，另一个存运算符号
要保证符号栈中的符号优先级不递减（如果出现要递减的情况就运算）
如果没有括号，就保证符号栈中乘号在加/减号上面。如果在一堆乘号之后出现了加号，则先运算这一堆乘号。
那么有括号了怎么处理呢？左括号相当于分隔符，左括号之后（右括号之前）的符号的维护与之前的符号的优先级维护互不干扰，左括号内部就像上面一样维护。出现右括号就立刻弹栈，运算括号。
有一点要注意，我们计算的时候一般是从左往右算，所以即使是同级都要计算，例如5-3-2,如果一直屯着减号就会先算3-2,再算5-1，就会wa
右结合：乘方
单调栈&单调队列
单调栈：
poj P2559
所有矩形宽度为1，高度由输入给出，求最大子矩形的面积。
最最暴力的方法是枚举(l,r)。复杂度(O(n^2))
优化：我们可以先固定一个点，寻找另一个点的规律。我们发现如果高度是上升的，那么宽度就可以扩展，不需要管。如果高度下降了，那么就有可能宽度无法继续扩展。如果宽度无法继续扩展，则算一下之前的答案，否则即使是高度降低了也不进行计算。
这样我们可以维护高度递增的栈。栈内维护二元组，记录矩形高度和款。如果有低的高度要入栈，则砍掉之前没有用的高度，进行计算。降高度的时候，可以先算一下原本的高度能造出的矩形，再降高度计算矩形面积，更新答案。当遇到一个比要入栈的高度还要小的高度时，停止弹栈，将这个高度与之前计算累计下来的宽度入栈。
单调队列
一般使用stl中的queue进行模拟
用途：
经典题：滑动窗口
好了我们来看看单调队列
维护当前最小（大）值对应的下标，如果这个下标“过时”了，就pop。以求最小值为例，如果当前数比前面的数小，就一直从队尾pop前面的数。最大值同理
当然也可以在求最大值时把序列的所有数都乘-1,求最小值
二叉搜索树
满二叉树：全满了
完全二叉树：最后一层的孩子可以少几个，但是少的必须是连续的。
二叉搜索树：中序遍历（左、中、右）得到的序列有序（一般是某个节点的左子树都比他小，右子树都比他大。
支持插入，查找大于/小于某个数的数，但是复杂度及其之不优美（依赖插入顺序）。因为插入的顺序可以把树高变成(O(n))。可以用平衡树来优化
因为复杂度太劣了所以貌似真没什么应用。
RMQ问题
给一个序列，问区间最大/最小值
ST表
可处理没有修改的区间查询
如果我们不会ST表怎么办？暴力，线段树，莫队
好我们回到正题
我们先来看看区间求最大值和区间求和的区别。
区间最大值：不断取最大，不支持减法，可以重叠
区间求和：前缀和，支持减法，如果有重叠要处理重叠
ST表要处理一些区间，来使这些区间可以覆盖任意一个区间。
那么处理哪些区间呢？
利用区间倍增处理处([l,l+2^i])这段区间的最大值。对于每个(l),都有(log n)个区间要处理，所以总复杂度是(O(nlongn))
如何覆盖？
设当前区间长度为(len),左端点为(l),右端点为(r).一定可以找到一个(k),使得(2^k leq len <2^{k+1})。找([ll,l+2^k],[r-2^k,r])来覆盖这个区间。
一般设(st[i][j])表示区间([l,l+2^j])中的最大值。
(st[i][j]=max{[i][j-1],st[i+(1<<(j-1))][j-1]})。在覆盖的时候，我们可以算出(log_2{len})来知道(k)。由于(c++)自带的函数太慢了，所以我们进行预处理。
覆盖：
二维ST表
二维区间和是用二维前缀和加加减减求得，但是求最大值不支持减法，所以我们处理每个点向右(2^i)，向下(2^j)的最大值，用4个相同的小块来覆盖要求的部分
与倍增(lca)的一点联系：处理(fa[x][i]):(fa[x][i]=fa[fa[x][i-1]][i-1])
求欧拉序：
欧拉序：每经过一个点，就记录一下
炒个栗子：
长度：(2^n-1)
把他们的深度记下来：
深度似乎和(lca)有点联系
一段区间里深度最小的点是这一坨点的(lca)
我怕不是学了假的欧拉序
可以再用ST表记录取到最小值的位置，然后就可以找到(lca)了。
因为这里每次深度要么+1，要么-1,所以也叫±1(RMQ)
有许多种欧拉序，这只是其中的一种
并查集
支持：合并集合，查询两个集合是否在同一集合中
按秩合并：
记录一个(siz)表示集合的大小，由小的集合连向大的集合比大的连小的要更优（有更少的元素找根需要多走一条边）。
初始的(siz)是个随机数(pwq)
路径压缩：查询的时候直接把父节点,祖父节点，曾祖父节点......直接接到根上
启发式合并：
显然把小的数组塞到大数组里面要好一些。每次合并之后的大小是原来的小集合大小的2倍以上。这样看，最多合并(log n)次，每次合并是(O(n))的，所以总复杂度是(O(nlogn))