斗地主 && Mayan游戏 && 作业调度方案

斗地主

题目描述

牛牛最近迷上了一种叫斗地主的扑克游戏。斗地主是一种使用黑桃、红心、梅花、方片的AA到KK加上大小王的共5454张牌来进行的扑克牌游戏。在斗地主中，牌的大小关 系根据牌的数码表示如下：3<4<5<6<7<8<9<10<J<Q<K<A<2< ext{小王}< ext{大王}3<4<5<6<7<8<9<10<J<Q<K<A<2<小王<大王，而花色并不对牌的大小产生影响。每一局游戏中，一副手牌由 nn 张牌组成。游戏者每次可以根据规定的牌型进行出牌，首先打光自己的手牌一方取得游戏的胜利。

现在，牛牛只想知道，对于自己的若干组手牌，分别最少需要多少次出牌可以将它们打光。请你帮他解决这个问题。

需要注意的是，本题中游戏者每次可以出手的牌型与一般的斗地主相似而略有不同。具体规则如下：

本题数据随机，不支持hack，要hack或强力数据请点击这里

输入输出格式

输入格式：

第一行包含用空格隔开的2个正整数 T,nT,n ，表示手牌的组数以及每组手牌的张数。

接下来 TT 组数据，每组数据 nn 行，每行一个非负整数对 a_i,b_iai​,bi​ ，表示一张牌，其中 a_iai​ 表示牌的数码， b_ibi​表示牌的花色，中间用空格隔开。特别的，我们用 11 来表示数码 AA， 1111 表示数码JJ， 1212 表示数码QQ， 1313 表示数码 KK；黑桃、红心、梅花、方片分别用 1-41−4 来表示；小王的表示方法为 0101 ，大王的表示方法为 0202 。

输出格式：

共 TT 行，每行一个整数，表示打光第 ii 组手牌的最少次数。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<stack>
#include<queue>
using namespace std;
const int maxn=37;
const int INF=0x7f7f7f7f;
int read(){
  int x=0,f=1;char s=getchar();
  while(s<'0'||s>'9'){if(s=='-') f=-1;s=getchar();}
  while(s>='0'&&s<='9'){x=x*10+s-'0';s=getchar();}
  return x*f;
}
int t,n,ans;
int req[5]={0,5,3,2};
bool flg1,flg2;
int a[maxn],b[maxn],dp[maxn][maxn][maxn][maxn],cnt[maxn],tot[maxn];
void pre(){
  memset(dp,INF,sizeof(dp));
  dp[0][0][0][0]=0;
  for(int i=0;i<=25;i++){
    for(int j=0;j<=25;j++){
      for(int k=0;k<=25;k++){
        for(int u=0;u<=25;u++){
          if(i>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i-1][j][k][u]+1);
          if(j>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i][j-1][k][u]+1);
          if(k>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i][j][k-1][u]+1);
          if(u>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i][j][k][u-1]+1);
          if(j>0&&u>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i][j-1][k][u-1]+1);
          if(j>0&&k>0) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i][j-1][k-1][u]+1);
          if(i>0&&u>1) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i-1][j][k][u-2]+1);
          if(i>0&&k>1) dp[i][j][k][u]=min(dp[i][j][k][u],dp[i-1][j][k-2][u]+1);
        }
      }
    }
  }
}
void san(int stp){
  memset(tot,0,sizeof(tot));
  for(int i=1;i<=12;i++){
    tot[cnt[i]]++;
  }tot[cnt[13]]++;
  if(flg1==true&&flg2==true){
    ans=min(ans,min(dp[tot[4]][tot[3]][tot[2]][tot[1]]+1,dp[tot[4]][tot[3]][tot[2]][tot[1]+2])+stp);
  }
  else if((flg1==true&&flg2==false)||(flg1==false&&flg2==true)){
    ans=min(ans,dp[tot[4]][tot[3]][tot[2]][tot[1]+1]+stp);
  }
  else{
    ans=min(ans,dp[tot[4]][tot[3]][tot[2]][tot[1]]+stp);
  }//?
  
  /*for(int i=1;i<=3;i++){
      int tou=1,wei=0;
    for(int j=1;j<=12;j++){
      if(cnt[j]>=i) wei++;
      else{
        if(wei-tou+1>=req[i]){
          for(int k=tou;k<=wei;k++) cnt[k]-=i;
          san(stp+1);
          for(int k=tou;k<=wei;k++) cnt[k]+=i; 
        }
        wei++;tou=wei+1;
      }
    }
    if(tou!=wei&&wei==12&&wei-tou+1>=req[i]){
      for(int k=tou;k<=wei;k++) cnt[k]-=i;
      san(stp+1);
      for(int k=tou;k<=wei;k++) cnt[k]+=i;
    }//?
  }*/
  //有可能是一段连续的，但是从后面截取一段会更优 
  int len=0;
  for(int i=1;i<=12;i++){
    if(cnt[i]<1) len=0;
    else{
      len++;
      if(len>=5){
        int tmp=len;
        while(tmp>=5){
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]--;
          san(stp+1);
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]++;
          tmp--;
        }
      }
    }
  }
  len=0;
  for(int i=1;i<=12;i++){
    if(cnt[i]<2) len=0;
    else{
      len++;
      if(len>=3){
        int tmp=len;
        while(tmp>=3){
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]-=2;
          san(stp+1);
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]+=2;
          tmp--;
        }
      }
    }
  }
  len=0;
  for(int i=1;i<=12;i++){
    if(cnt[i]<3) len=0;
    else{
      len++;
      if(len>=2){
        int tmp=len;
        while(tmp>=2){
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]-=3;
          san(stp+1);
          for(int j=i;j>=i-tmp+1;j--) cnt[j]+=3;
          tmp--;
        }
      }
    }
  }
}
int main(){
  t=read();n=read();
  pre();
  while(t--){
      memset(a,0,sizeof(a));memset(b,0,sizeof(b));
      memset(cnt,0,sizeof(cnt));memset(tot,0,sizeof(tot));
      flg1=false;flg2=false;ans=INF;
    for(int i=1;i<=n;i++){
      a[i]=read();b[i]=read();
      if(a[i]>=3) a[i]-=2;
      else if(a[i]>=1&&a[i]<=2) a[i]+=11; 
      else if(a[i]==0){
        if(b[i]==1) {a[i]=14;flg1=true;}
        if(b[i]==2) {a[i]=15;flg2=true;}
      }//注意第二个要打else 
      cnt[a[i]]++;
    }
    san(0);
    printf("%d
",ans);
  }
  return 0;
} 

 Mayan游戏

题目描述

Mayan puzzle是最近流行起来的一个游戏。游戏界面是一个77 行 imes 5×5列的棋盘，上面堆放着一些方块，方块不能悬空堆放，即方块必须放在最下面一行，或者放在其他方块之上。游戏通关是指在规定的步数内消除所有的方块，消除方块的规则如下：

1 、每步移动可以且仅可以沿横向（即向左或向右）拖动某一方块一格：当拖动这一方块时，如果拖动后到达的位置（以下称目标位置）也有方块，那么这两个方块将交换位置（参见输入输出样例说明中的图66到图77 ）；如果目标位置上没有方块，那么被拖动的方块将从原来的竖列中抽出，并从目标位置上掉落（直到不悬空，参见下面图1 和图2）；

2 、任一时刻，如果在一横行或者竖列上有连续三个或者三个以上相同颜色的方块，则它们将立即被消除（参见图1 到图3）。

注意：

a) 如果同时有多组方块满足消除条件，几组方块会同时被消除（例如下面图44 ，三个颜色为11 的方块和三个颜色为 22 的方块会同时被消除，最后剩下一个颜色为22的方块）。

b) 当出现行和列都满足消除条件且行列共享某个方块时，行和列上满足消除条件的所有方块会被同时消除（例如下面图5 所示的情形，5 个方块会同时被消除）。

3 、方块消除之后，消除位置之上的方块将掉落，掉落后可能会引起新的方块消除。注意：掉落的过程中将不会有方块的消除。

上面图1 到图 3 给出了在棋盘上移动一块方块之后棋盘的变化。棋盘的左下角方块的坐标为（0, 0 ），将位于（3, 3 ）的方块向左移动之后，游戏界面从图 1 变成图 2 所示的状态，此时在一竖列上有连续三块颜色为4 的方块，满足消除条件，消除连续3 块颜色为4 的方块后，上方的颜色为3 的方块掉落，形成图 3 所示的局面。

输入输出格式

输入格式：

共 6 行。

第一行为一个正整数n，表示要求游戏通关的步数。

接下来的5行，描述7×5 的游戏界面。每行若干个整数，每两个整数之间用一个空格隔开，每行以一个0 结束，自下向上表示每竖列方块的颜色编号（颜色不多于10种，从1开始顺序编号，相同数字表示相同颜色）。

输入数据保证初始棋盘中没有可以消除的方块。

输出格式：

如果有解决方案，输出n行，每行包含 3 个整数x,y,g，表示一次移动，每两个整数之间用一个空格隔开，其中(x ,y)表示要移动的方块的坐标，g 表示移动的方向，1 表示向右移动，-1−1表示向左移动。注意：多组解时，按照xx为第一关健字，yy为第二关健字，11优先于-1−1 ，给出一组字典序最小的解。游戏界面左下角的坐标为(0 ,0)。

如果没有解决方案，输出一行，包含一个整数-1。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
const int maxn=17;
int n;
int mp[maxn][maxn],bef[maxn][maxn][maxn],tp[maxn];
bool qu[maxn][maxn],fih;
struct Ans{
  int x,y,f;
}ans[maxn];
void cpy(int stp){
  for(int i=0;i<5;i++)
    for(int j=0;j<7;j++)
      bef[stp][i][j]=mp[i][j];
}
void update(){
  for(int i=0;i<5;i++){
    int num=0;
    for(int j=0;j<7;j++){
      if(!mp[i][j]) num++;
      else if(num!=0){
          mp[i][j-num]=mp[i][j];mp[i][j]=0;
      }
    }
  }
}
bool clr(){
  memset(qu,false,sizeof(qu));bool flag=false;
  for(int i=0;i<5;i++){
    for(int j=0;j<7;j++){
      if(i-1>=0&&i+1<5){
        if(mp[i][j]&&mp[i-1][j]==mp[i][j]&&mp[i+1][j]==mp[i][j]){
          qu[i][j]=true;qu[i+1][j]=true;qu[i-1][j]=true;flag=true;
        }
      }
      if(j-1>=0&&j+1<7){
        if(mp[i][j]&&mp[i][j-1]==mp[i][j]&&mp[i][j+1]==mp[i][j]){
          qu[i][j]=true;qu[i][j-1]=true;qu[i][j+1]=true;flag=true;
        }
      }
    }
  }
  if(!flag) return false;
  for(int i=0;i<5;i++)
    for(int j=0;j<7;j++)
      if(qu[i][j]) mp[i][j]=0;
  return true;
}
void move(int x,int y,int f){
  int tmp=mp[x][y];
  mp[x][y]=mp[x+f][y];mp[x+f][y]=tmp;
  update();
  while(clr()) update();
}
bool check(){
  for(int i=0;i<5;i++)
    for(int j=0;j<7;j++)
      if(mp[i][j]) return false;
  return true;
}
void dfs(int stp){
  if(check()){
    for(int i=0;i<stp;i++){
      cout<<ans[i].x<<" "<<ans[i].y<<" "<<ans[i].f<<endl; 
    }
    fih=true;
  }
  if(stp>=n) return;
  cpy(stp);
  for(int i=0;i<5;i++){
    for(int j=0;j<7;j++){
      if(!mp[i][j]) continue;
      if(i+1<5&&mp[i+1][j]!=mp[i][j]){
        move(i,j,1);
        ans[stp]=(Ans){i,j,1};
        dfs(stp+1);if(fih) return;
        ans[stp]=(Ans){0,0,0};
        for(int i=0;i<5;i++)
          for(int j=0;j<7;j++)
            mp[i][j]=bef[stp][i][j];
      }
      if(i-1>=0&&mp[i-1][j]==0){
        move(i,j,-1);
        ans[stp]=(Ans){i,j,-1};
        dfs(stp+1);if(fih) return;
        ans[stp]=(Ans){0,0,0};
        for(int i=0;i<5;i++)
          for(int j=0;j<7;j++)
            mp[i][j]=bef[stp][i][j];
      }
    }
  }
}
int main(){
  cin>>n;
  for(int i=0;i<5;i++){
      cin>>mp[i][tp[i]];
    while(mp[i][tp[i]]!=0){
      tp[i]++;cin>>mp[i][tp[i]];
    }
  }
  dfs(0);
  if(ans[0].f==0) cout<<-1<<endl;
  return 0;
}

考试的时候要有文件输入输出，所以不能直接exit(0)要回溯的时候进行判断

这个qu数组真的很妙，巧妙地解决了超过3个连续喝交叉连续的问题

以后的模拟题争取自己做出来

做模拟题要有想法

作业调度方案

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cmath>
using namespace std;
const int maxn=27;
const int maxm=1e6+7;
int n,m,ans;
int en_gong[maxn],en_ji[maxn],num[maxn],ji[maxn][maxn],shi[maxn][maxn],a[maxn*maxn];
bool yong[maxn][maxm];
int main(){
  //freopen("a.in","r",stdin);
  cin>>m>>n;
  for(int i=1;i<=n*m;i++) cin>>a[i];
  for(int i=1;i<=n;i++)
    for(int j=1;j<=m;j++)
      cin>>ji[i][j];
  for(int i=1;i<=n;i++)
    for(int j=1;j<=m;j++)
      cin>>shi[i][j];
  for(int i=1;i<=n*m;i++){
    int JI=ji[a[i]][++num[a[i]]];
    int SHI=shi[a[i]][num[a[i]]];
    bool flag,reach=false;;
    for(int j=en_gong[a[i]]+1;j<=en_ji[JI];j++){
      flag=true;
      for(int k=j;k<j+SHI;k++){
        if(yong[JI][k]){
          flag=false;break;
        }
      }
      if(flag){
        for(int k=j;k<j+SHI;k++) yong[JI][k]=true;
        en_gong[a[i]]=j+SHI-1;reach=true;break;
      }
    }
    if(!reach){
      int st=max(en_ji[JI]+1,en_gong[a[i]]+1);
      for(int j=st;j<st+SHI;j++) yong[JI][j]=true;
      en_gong[a[i]]=st+SHI-1;en_ji[JI]=st+SHI-1;
    }
  }
  for(int i=1;i<=m;i++) ans=max(ans,en_ji[i]);
  cout<<ans<<endl;
}