2019暑训第一场训练赛 |（2016-icpc区域赛）部分题解

 // 今天下午比赛自闭了，晚上补了题，把AC的部分水题整理一下，记录坑点并吸取教训。

 // CF补题链接：http://codeforces.com/gym/101291

A - Alphabet

题目大意：

    给定一字符串，问至少需要添加多少字母后，能使该字符串删掉一些字母后成为“abcdefghijklmnopqrstuvwxyz"的序列。

分析及代码：

    最长上升子序列（LIS）问题，n的规模不大，直接DP两重循环求解。答案为 26-最长上升子序列的长度。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;

int main() {
    char str[100];
    int dp[100];      // dp[i] 以str[i]结尾的最长上升子序列的长度
                      // dp[i] = max(dp[i], dp[k]+1), 0<=k<i, str[k]<str[i]
    int maxLen = 0;   // maxLen = max(dp[i]), 0<=i<n
    scanf("%s", str);
    int len = strlen(str);
    for(int i=0;i<len;i++) {
        dp[i] = 1;
        for(int j=0;j<i;j++) {
            if(str[j]<str[i]) {
               dp[i] = max(dp[i], dp[j]+1);
            }
        }
        maxLen = max(maxLen, dp[i]);
    }
    
    printf("%d
", 26-maxLen);

    return 0;
}
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    顺便学习了求解最长公共子序列（LCS）与LIS的O(nlogn)算法，其利用了贪心思想和二分搜索。

    数组dp表示目前找到的最长序列，不影响dp长度前提下，在原序列中尽可能找到更小的元素来代替现有的最长序列中的元素；如果比最大的元素要大，就添加在dp末尾。

    由于数组dp单调，使用二分搜索能将更新的复杂度降低到O(logn)，所以总的复杂度为O(nlogn)。

// 返回最长上升子序列的长度
// 时间复杂度： O(nlogn)
// 来源：https://blog.csdn.net/ltrbless/article/details/81318935 
//
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
int main()
{
    char arr[100],  dp[100];
    scanf("%s", arr);
    int n = strlen(arr);

    /* 求解最长子序列的个数的核心代码 */
    /* ********************************************** */
    int k = 1;
    dp[k] = arr[0];
    for(int i=1;i<n;i++) {
        if(dp[k]<arr[i]) dp[++k] = arr[i];              //如果比最后一个元素大，那么就添加再最后末尾处
        else *(lower_bound(dp, dp+k, arr[i])) = arr[i]; //如果比最后一个元素小，那么就替换该序列第一个比他大的数；
    }
    /* ********************************************** */
 
    printf("最长子序列的个数为： %d
", k);
    return 0;

}
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B - Barbells

题目大意：

    分别给你n个杠铃的重量和m个盘子的重量，可以把盘子加到杠铃上，但要两边的重量相同。输出全部能组合的杠铃重量。

分析及代码：

    n，m不超过14，直接枚举全部可能，也没什么技巧了。

    比赛时候写这题，电脑突然崩溃了，代码都不见了，心态爆炸。。。

    直接用DFS算重量的组合，把m当做n作为终止条件，debug没看出来。改用储存全部组合的状态（二进制），懒得去重排序都一股脑往set里放，写了自己都看不懂的代码交上去就过了。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;

int n, m;
map<int, int> sums;
vector<int> vec[20010];
int sum[20010];
int cnt;
int arr2[20], arr[20];
set<int> ans;
set<int> ans2;
int main()
{
    cin>>n>>m;
    for(int i=0;i<n;i++) {
        scanf("%d", &arr[i]);
    }
    for(int i=0;i<m;i++) {
        scanf("%d", &arr2[i]);
    }

    for(int s=0;s<(1<<m)-1;s++) {
        int now = 0;
        for(int k=0;k<m;k++) {
            if((s>>k)&1) {
                now += arr2[k];
            }
        }
        if(sums.find(now)==sums.end()) {
            sums[now] = ++cnt;
            sum[cnt] = now;
            vec[sums[now]].push_back(s);
        }else
            vec[sums[now]].push_back(s);
    }


    ans.insert(0);
    for(int i=1;i<=cnt;i++) {
        if(vec[i].size()>1) {
        //    cout<<sum[i]<<':';
            for(int j=0;j<vec[i].size();j++) {
                for(int k=j+1;k<vec[i].size();k++) {
                    if((vec[i][j] & vec[i][k])==0) {
                        ans.insert(2*sum[i]);
                    }
                }
            }
        }
    }
    for(set<int>::iterator it=ans.begin();it!=ans.end();it++) {
        for(int i=0;i<n;i++) {
            ans2.insert(*it+arr[i]);
        }
    }
    for(set<int>::iterator it=ans2.begin();it!=ans2.end();it++)
    {
        printf("%d
", *it);
    }
    return 0;
}
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    晚上重新用DFS还带剪枝的，重新写了一遍。

    dfs(k, left, right)，每层三个分支，不用set<int>而用数组储存中间组合结果，一定要开辟足够的内存空间（3^14），否则就奇怪地WA了（为什么不是运行错误？？？）。

    最后也没有用set去排序，复习一下unique函数的用法。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<set>
using namespace std;

int n, m;
int a[20], b[20], bSum;
//int bbb[20010];     // 单边有2^14种组合，约16000, 会WA
//int bbb[5000000];   // 3^14, AC
set<int> bbb;

int ans[280000];      // 14*16000
int k;

void dfs(int k, int left, int right) {
    if(k==m+1) {
        if(left==right) {
            bbb.insert(left*2);
        }
        return;
    }
    if(left>bSum/2 || right>bSum/2) return;

    dfs(k+1, left+b[k], right);
    dfs(k+1, left, right+b[k]);
    dfs(k+1, left, right);
}
int main()
{
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;i++) {
        scanf("%d", &a[i]);
    }
    for(int i=1;i<=m;i++) {
        scanf("%d", &b[i]);
        bSum += b[i];
    }

    dfs(0, 0, 0);

    for(int i=1;i<=n;i++) {
        for(set<int>::iterator it=bbb.begin();it!=bbb.end();it++) {
            ans[++k] = a[i] + *it;
        }
    }

    sort(ans+1, ans+1+k);
    k = unique(ans+1, ans+1+k) - (ans+1);

    for(int i=1;i<=k;i++) {
        printf("%d
", ans[i]);
    }

    return 0;
}
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F - Equality 

题目大意：

    签到题。

分析及代码：

    没有代码。

G - Gravity

题目大意：

     似乎是模拟苹果下落？输出最后苹果的状态。

分析及代码：

    没想到苹果可能在障碍的下方（题目也没有说明，被样例误导以为苹果都在天上），WA了几次自闭了。

    苹果的下落就相当于在垂直方向上苹果‘o'与空气’.'进行排序。

    要避免障碍就使用相邻交换排序，相邻只要有苹果在空气上方就互换位置。 冒泡排序的思想？

 #include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
 
 
char mp[60][60];
int n, m;
int h[60], num[60];
int main() {
    cin>>n>>m;
    getchar();
    for(int i=0;i<n;i++) {
        scanf("%s", mp[i]);
    }
 
    for(int j=0;j<m;j++) {
        for(int i=0;i<n;i++) {
            for(int k=1;k<n;k++) {
                if(mp[k-1][j]=='o' && mp[k][j]=='.') {
                    mp[k-1][j] = '.';
                    mp[k][j] = 'o';
                }
            }
        }
 
    }
 
    for(int i=0;i<n;i++) puts(mp[i]);
    return 0;
}
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H - Islands

题目大意：

    给你一块卫星地图，L表示陆地，W表示水域，C表示有云挡住。问最少可能有多少块岛。

分析及代码：

    本以为还要建图，求联通分量啥的。。。

    L与C连起来不影响岛的个数，直接从每块L区域DFS求联通块个数即可。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<vector>
#include<map>
#include<queue>
#include<set>
using namespace std;

int n, m;
const int dx[] = {0, 0, 1, -1};
const int dy[] = {1, -1, 0, 0};
char mp[60][60];
bool vis[60][60];
void dfs(int x, int y) {
    vis[x][y] = 1;
    for(int i=0;i<4;i++) {
        int nx = x + dx[i];
        int ny = y + dy[i];

        if(nx>=0 && nx<n && ny>=0 && ny<m && !vis[nx][ny] && mp[nx][ny]!='W') {
            dfs(nx, ny);
        }
    }
}

int main()
{
    cin>>n>>m;
    getchar();
    for(int i=0;i<n;i++) {
        scanf("%s", mp[i]);
    }

    int ans = 0;
    for(int i=0;i<n;i++) {
        for(int j=0;j<m;j++) {
            if(!vis[i][j] && mp[i][j]=='L') {
                dfs(i, j);
                ans++;
            }
        }
    }

    printf("%d
", ans);
    return 0;
}
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J - Postman

题目大意：

     邮递员在原点，要给分布在x轴上的n个客户送信，每个客户有mi封信件，每次配送最多带k封信。求送完信最少需要多长时间。

分析及代码：

    贪心吧。由于走到最远再回到原点会经过更近的点，每次带k封信，送完最远的顺路给次远的，这样优先配送距离最远的信件，送完最远的再送第二远的，依次下去。

    注意x正负区间分别计算。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>

using namespace std;

typedef long long ll;
int n, k;
struct node {
    int x, m;
    bool operator<(const node &a)const {
        return x<a.x;
    }
}n1[1010], n2[1010];
int cnt1, cnt2;

int main()
{
    cin>>n>>k;
    for(int i=0;i<n;i++) {
        int x, m;
        scanf("%d %d", &x, &m);
        if(x<0) {
            n1[++cnt1].x = -x;
            n1[cnt1].m = m;
        } else {
            n2[++cnt2].x = x;
            n2[cnt2].m = m;
        }
    }
    sort(n1+1, n1+1+cnt1);
    sort(n2+1, n2+1+cnt2);

    ll ans = 0;
    for(int i=cnt1;i>=1;i--) {
        if(n1[i].m>0) {
            int t = (n1[i].m+k-1) / k;
            ans += 2*(ll)n1[i].x* t;
            int left =  t*k - n1[i].m;

            int j = i-1;
            while(j>=1) {
                if(n1[j].m>=left) {
                    n1[j].m -= left;
                    break;
                }
                else {
                    left -= n1[j].m;
                    n1[j].m = 0;
                    j--;
                }
            }
        }
    }

    for(int i=cnt2;i>=1;i--) {
        if(n2[i].m>0) {
            int t = (n2[i].m+k-1) / k;
            ans += 2*(ll)n2[i].x* t;
            int left =  t*k - n2[i].m;

            int j = i-1;
            while(j>=1) {
                if(n2[j].m>=left) {
                    n2[j].m -= left;
                    break;
                }
                else {
                    left -= n2[j].m;
                    n2[j].m = 0;
                    j--;
                }
            }
        }
    }

    printf("%lld
", ans);
    return 0;
}
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K - Six Sides

题目大意：

    弱智概率题。。。（卡了半天怪我英语太差没读懂咯O.O） 

分析及代码：

    结果为： 赢局数 / (36 - 平局数)

    为什么呢？反正我WA了两次队友告诉我的。

    设单次胜的概率为p=win/36，平局概率为q=pin/36

    总体赢的概率P为 p + q*p + q*q*p + q*q*q*p + ... = p/(1-q)

    所以 P = win / (36 - pin)

#include<iostream>
#include<cstdio>
using namespace std;
 
int mp[6][6];
int a[6], b[6];
int main() {
    for(int i=0;i<6;i++) cin>>a[i];
    for(int i=0;i<6;i++) cin>>b[i];
 
    int win=0, p=0, lose= 0;
    for(int i=0;i<6;i++) {
        for(int j=0;j<6;j++) {
            if(a[i]>b[j]) win++;
            else if(a[i]==b[j]) p++;
            else lose++;
        }
    }
    if(win==lose) printf("%.5lf
", 0.5);
    else printf("%.5lf
", (win+0.0)/(36-p));
    return 0;
}
View Code

    （未完待续。。。） 

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原文地址：https://www.cnblogs.com/izcat/p/11141307.html