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Ⅰ.字典树+树型DP
非常奇妙的一种解法
第一部分:构建树
先对来的单词读入，插入字典树
然后对于一颗字典树，其实是有很多无用边的，所以我们需要删去一些边
删去非单词节点和非单词节点之间的边,其实就是下面这个函数
void rebuild(int now,int fa)
{
if(isok[now])//当前节点是单词
{
vec[fa].push_back(now);//连边
fa=now;//换爸爸了
}
for(int i=1;i<=26;i++)
{
if(!tree[now][i]) continue;
rebuild(tree[now][i],fa);//递归
}
}
第二部分:树型DP
对于每一棵子树而言，右选和不选两种方案
选，则子树上的节点都不能再选，即为
(dp[i][1]=1)
不选，则子树上的节点可选可不选
(f[i][0] = prod_{jin son[i]}(f[j][0]+f[j][1]))
因为是计算方案，决策之间是彼此联系的，所以是相乘
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=5009;
int n;
int tree[maxn][27];int isok[maxn],tot;
void insert(string s)
{
int now=0;
for(int i=0;i<s.length();i++)
{
int k=s[i]-'a'+1;
if(!tree[now][k])
tree[now][k]=++tot;//没有节点，新创建一个节点
now=tree[now][k];//去下一个节点
}
isok[now]=1;//标记单词
}
vector<int>vec[maxn];
void rebuild(int now,int fa)
{
if(isok[now])//当前节点是单词
{
vec[fa].push_back(now);//连边
fa=now;//换爸爸了
}
for(int i=1;i<=26;i++)
{
if(!tree[now][i]) continue;
rebuild(tree[now][i],fa);//递归
}
}
ll dp[maxn][3];
void ddp(int now)//开始DP
{
dp[now][1]=dp[now][0]=1;
for(int i=0;i<vec[now].size();i++)//遍历所有儿子
{
int v=vec[now][i];
ddp(v);
dp[now][0]=dp[now][0]*(dp[v][0]+dp[v][1]);//不选父节点
}
}
int main()
{
cin>>n;
string s;
for(int i=1;i<=n;i++) cin>>s,insert(s);
for(int i=1;i<=26;i++)
{
if(!tree[0][i]) continue;
rebuild(tree[0][i],0);//有结点才向下建树
}
ddp(0);//树型DP
cout<<dp[0][0];
}
Ⅱ.线性DP
我们预处理一个(f[i][j])表示第i个单词与第j个单词是否能共存，
然后考虑一个(dp[i])表示在前i个单词中，必须包含第i个单词的子集个数，首先(dp[i]=1)（只包含自己一个元素的一个子集方案数）
那么如果前面存在一个(j<i)，并且(f[i][j]=1)（即i与j可以共存），那么j所有的子集方案数加上一个i元素就形成了对应新的方案，那么状态就由j转移到i了，最后，直接累计(dp[1....n])即可，当然最后还要算上空集哟。
但是，这么做的前提是单词必须先排序
为什么呢??因为在(dp[j])的方案中，可能有是(a[i])前缀的单词，那我们就不能转移
但如果按照字典序排过之后，就不存在这种问题。
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;//dp[i]为必须包括i的个数
typedef long long ll;
ll vis[59][59],dp[59];
string a[59];
bool pan(int l,int r)
{
int p1=0,p2=0;
while(p1<a[l].length()&&p2<a[r].length())
if(a[l][p1++]!=a[r][p2++]) return false;
return true;
}
int main()
{
int n;
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++)
cin>>a[i],dp[i]=1;
sort(a+1,a+1+n);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=n;j++)
if(pan(i,j))
vis[i][j]=1;
}
for(int i=2;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<i;j++)
{
if(vis[i][j]==0)//可以放一起
dp[i]+=dp[j];
}
}
ll ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++) ans+=dp[i];
cout<<ans+1;
}