省选模拟66
1.有限空间跳跃理论
(FWT)
给定一个无向图,要求给每条边定向后成为有向无环图,求方案
考虑那个(dp)
发现就是一个子集卷积的形式,所以开第二维再卷积就好了
省选模拟67
1.链
模拟
发现如果度数都小于3就可以根据有无环出答案
否则假如第一个度数等于3的点为(x),那么为了使(x)最后度数小于3,最终消掉的点就只能是(x)或它相邻的3个点这四种选择
所以把去掉这4个点的图分别建出来就好了
省选模拟68
1.Line
二维数点
有(n)条直线,求在((x1,y1,x2,y2))这个矩形内至少一个交点的对数
如果把矩形的四条边顺时针展开成一条线段,那么一条直线截线段必然会截出一个区间
考虑到两直线相交等价于区间相交,即对于((l1,r1),(l2,r2))满足(l2in[l1,r1]&&r2>r1)
如果按(r)升序,就可以扫描线(r),在线段树上单点查询此时左端点为(l)的答案
扫描完这个(r)后呢,它可以为(lin[l,r])的贡献一份答案,因此再来一个区间+1就可以更新答案了
省选模拟69
2.没有上司的舞会
在线,每次加入一个点,求树的最大独立集
(LCT+DDP)
#include<cstdio>
#include<iostream>
#define ll long long
using namespace std;
const int N=3e5+50;
const int inf=0x3f3f3f3f;
inline int rd(register int x=0,register char ch=getchar(),register int f=0){
while(ch<'0'||ch>'9') f=ch=='-',ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<1)+(x<<3)+ch-48,ch=getchar();
return f?-x:x;
}
struct Matrix{
int a[2][2];
friend Matrix operator * (Matrix a,Matrix b){
Matrix c;
for(int i=0;i<2;++i) for(int j=0;j<2;++j) c.a[i][j]=max(a.a[i][0]+b.a[0][j],a.a[i][1]+b.a[1][j]);
return c;
}
}g[N];
int v[N][2];
void output(Matrix *a){
for(int i=0;i<2;++i) for(int j=0;j<2;++j) printf("%lld ",a->a[i][j]);puts("");
}
namespace LCT{
int fa[N],ch[N][2];
bool nroot(int x){return ch[fa[x]][0]==x||ch[fa[x]][1]==x;}
bool get(int x){return ch[fa[x]][1]==x;}
void pushup(int x){
g[x]=(Matrix){v[x][0],v[x][1],v[x][0],-inf};
if(ch[x][1]) g[x]=g[ch[x][1]]*g[x];
if(ch[x][0]) g[x]=g[x]*g[ch[x][0]];
}
void rotate(int x){
int k=get(x),prt=fa[x],gr=fa[prt];
if(nroot(prt)) ch[gr][get(prt)]=x;fa[x]=gr;
ch[prt][k]=ch[x][k^1];if(ch[x][k^1]) fa[ch[x][k^1]]=prt;
ch[x][k^1]=prt; fa[prt]=x;
pushup(prt); pushup(x);
}
void splay(int x){
for(;nroot(x);rotate(x)) if(nroot(fa[x])) rotate(get(x)==get(fa[x])?fa[x]:x);
}
void access(int x){
for(int y=0;x;y=x,x=fa[x]){
splay(x);
if(ch[x][1]) v[x][0]+=max(g[ch[x][1]].a[0][0],g[ch[x][1]].a[0][1]),v[x][1]+=g[ch[x][1]].a[0][0];
if(y) v[x][0]-=max(g[y].a[0][0],g[y].a[0][1]),v[x][1]-=g[y].a[0][0];
ch[x][1]=y; pushup(x);
}
}
}
using namespace LCT;
int n,typ,lastans;
int main(){
//freopen("text.in","r",stdin);
//freopen("a.out","w",stdout);
n=rd()+1,typ=rd(); v[1][1]=1; pushup(1);
for(int i=2;i<=n;++i){
fa[i]=(rd()^(typ*lastans))+1; access(i); splay(i); v[i][1]=1; pushup(i);
printf("%d
",lastans=max(g[i].a[0][0],g[i].a[0][1]));
//for(int j=1;j<=i;++j) printf("%d %d
",v[j][0],v[j][1]);
}
}
排列问题
共有(m)个球分为(n)种颜色每种球有(a_i)个,求把这些球排列使得恰好有(k)对球相邻的方案数
省选模拟70
1.小Y增员操直播群
若干个点合并成1个集合,大集合点向小集合点连边,现在给定连边方案,问最小合并次数
2.小J真爱粉交流群
两人博弈,轮流操作,在网格图内,小J每次可以(放置任意个)在上下相邻的两个点放墙,但不能让大墩与最后一行不连通
大墩从第一行出发,最后权值为所有格子的权值和(重复计算),大墩想最小,小J想最大,问最小答案
3.青青草原播种计划
Q次操作,要求支持
1.给u一个权值为v的种子
2.收取u一个权值为v的种子(没有就不收)
3.将u的种子全部转移给v
4.询问u当前不可能播种出的最小种子权值,不可能播种出的子草原的最小绿植
5.回到某个询问时查询当时的答案
强制在线
可持久化权值线段树
当前不可能播种出的最小种子权值就是mex,用权值线段树自带维护
不可能播种出的子草原的最小绿植有套路
考虑维护小于等于某个值的权值和(sum)
那么(sum[u]>=u),说明(ans>=sum[u]+1)
因为对于(ans),(ans=min(sum[u]==u)+1)
说的很费劲
