Problem Description
有非常多从磁盘读取数据的需求，包含顺序读取、随机读取。为了提高效率，须要人为安排磁盘读取。然而，在现实中，这样的做法非常复杂。我们考虑一个相对简单的场景。 磁盘有很多轨道，每一个轨道有很多扇区，用于存储数据。当我们想在特定扇区来读取数据时，磁头须要跳转到特定的轨道、详细扇区进行读取操作。为了简单，我们如果磁头能够在某个轨道顺时针或逆时针匀速旋转，旋转一周的时间是360个单位时间。磁头也能够任意移动到某个轨道进行读取，每跳转到一个相邻轨道的时间为400个单位时间，跳转前后磁头所在扇区位置不变。一次读取数据的时间为10个单位时间，读取前后磁头所在的扇区位置不变。磁头同一时候仅仅能做一件事：跳转轨道，旋转或读取。 如今，须要在磁盘读取一组数据，如果每一个轨道至多有一个读取请求，这个读取的扇区是轨道上分布在 0到359内的一个整数点扇区，即轨道的某个360等分点。磁头的起始点在0轨道0扇区，此时没有数据读取。在完毕全部读取后，磁头须要回到0轨道0扇区的始点位置。请问完毕给定的读取所需的最小时间。
Input
输入的第一行包括一个整数M（0<M<=100），表示測试数据的组数。 对于每组測试数据，第一行包括一个整数N（0<N<=1000），表示要读取的数据的数量。之后每行包括两个整数T和S（0<T<=1000，0<= S<360），表示每一个数据的磁道和扇区，磁道是按升序排列，而且没有反复。
Output
对于每组測试数据，输出一个整数，表示完毕所有读取所需的时间。
Sample Input
3 1 1 10 3 1 20 3 30 5 10 2 1 10 2 11
Sample Output
830 4090 1642
本题是本次题目中最难的题目了，由于通过的人数最小，不断有人觉得自己的程序正确而无法通过。
大概非常多人都使用了简单的暴力法去解决这道题目，而这是个错误的方法，当然WA啦。
正确的解法应该是bitonic TSP - 能够參考<Introduction to Algorithm>第15章的练习题。
由于题目限定了每一个数据都须要訪问一次，并且是须要从出发点出发，最后回到出发点的，形成完美符合Bitonic TSP的问题。
如上图的b图就是Bitonic TSP的路线，a是最优路线，可是这里的问题限定了并不须要TSP的最优路线。
发散思考：
1 并非模拟读数据的方式从開始出发读数据，然后再往回读，而是想象有两个读数据的磁头，一直读到结尾点，两磁头重合。
2 读数据的时间另外计算：N * 10(N个数据，每一个数据须要10个单位时间。
#include <stdio.h>
#include <cmath>
#include <stdlib.h>
#include <vector>
using namespace std;
class DiskSchedule_3
{
struct TS
{
int T, S;
};
int getDist(vector<TS> &gra, int i, int k)
{
int d = (gra[k].T-gra[i].T) * 400;
if (abs(gra[k].S-gra[i].S) <= 180) d += abs(gra[k].S-gra[i].S);
else d += 360 - abs(gra[k].S-gra[i].S);
return d;
}
public:
DiskSchedule_3()
{
int M, N;
scanf("%d", &M);
while (M--)
{
scanf("%d", &N);
vector<TS> gra(N+1);
for (int i = 1; i <= N; i++)
{
scanf("%d %d", &gra[i].T, &gra[i].S);
}
vector<vector<int> > tbl(N+1, vector<int>(N+1));
for (int i = 1; i <= N; i++)
{
for (int k = 0; k <= i; k++)
{
if (k+1 < i)
tbl[k][i] = tbl[k][i-1] + getDist(gra, i-1, i);
else
{
tbl[k][i] = tbl[0][k] + getDist(gra, 0, i);
for (int r = 1; r < i; r++)
{
int d = tbl[r][k] + getDist(gra, r, i);
tbl[k][i] = min(tbl[k][i], d);
}
}
}
}
printf("%d
", tbl[N][N] + 10 * N);
}
}
};