description
analysis
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首先看一下(p=1)，即(1)以后的合成一定成功的情况
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如果按照求期望值的一般做法求两把(0)合成(1)的期望，会画出一棵无穷大的树
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这个的期望值就是$$a+sum{∞}_{i=1}ap(1-p){i-1}$$
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通过数列知识或者打表找规律可以知道这个值为(a+{aover p})（或者说是(f[0]+{f[0]over p})）
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设(f[i])为合成一把(i)级剑的期望，(f[1])单独计算，后面的(f[i]=f[i-1]+f[i-2])
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扩展到(100pts)的情况，如果(i)级剑合成失败了，会产生一把(i-2)级的剑
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也就是说下一次合成(i)级剑，只需要合成(i-1)级剑，不需要再搞来一把(i-2)级剑
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同理再画一棵期望树，每次成功的代价是(f[i-1])，一开始就有的代价是(f[i-2])
[f[i-2]+sum_{i=1}^∞f[i-1]p(1-p)^{i-1}
]
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根据已知的规律，所以(f[i]={f[i-1]over p}+f[i-2])
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下次要好好动脑，(60pts)都想出来了，要想再深入一点，争取拿分
code
#pragma GCC optimize("O3")
#pragma G++ optimize("O3")
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define MAXN 10000005
#define mod 998244353
#define ll long long
#define reg register int
#define max(x,y) ((x>y)?(x):(y))
#define min(x,y) ((x<y)?(x):(y))
#define fo(i,a,b) for (reg i=a;i<=b;++i)
#define fd(i,a,b) for (reg i=a;i>=b;--i)
using namespace std;
int inv[MAXN],b[MAXN],c[MAXN],f[MAXN];
int n,a,bx,by,cx,cy,p;
ll tmp;
inline int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while (ch<'0' || '9'<ch){if (ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while ('0'<=ch && ch<='9')x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return x*f;
}
int main()
{
freopen("T1.in","r",stdin);
//freopen("forging.in","r",stdin);
//freopen("forging.out","w",stdout);
n=read(),a=read(),bx=read(),by=read(),cx=read(),cy=read(),p=read();
inv[1]=1;fo(i,2,p)inv[i]=1ll*inv[mod%i]*(mod-mod/i)%mod;
b[0]=by+1,c[0]=cy+1,f[0]=a;
fo(i,1,n)
{
b[i]=((ll)b[i-1]*bx+by)%p+1;
c[i]=((ll)c[i-1]*cx+cy)%p+1;
tmp=(1ll*c[i-1]*inv[min(c[i-1],b[max(i-2,0)])])%mod;
f[i]=(1ll*(f[max(i-2,0)]+1ll*f[i-1]*tmp%mod))%mod;
}
printf("%d
",f[n]);
return 0;
}