晚间测试 1

T1 : 中国象棋

题面

在 (N) 行 (M) 列的棋盘上，放若干个炮可以是 (0) 个，使得没有任何一个炮可以攻击另一个炮。请问有多少种放置方法，中国像棋中炮的攻击方式大家应该很清楚吧，需要隔一颗棋子攻击。

题解

(dp[i][j][k]) 表示现在放到了第i行，还有j列可以放1个，k列可以放两个
考虑转移：
- 填表法
- 如果这一行的答案为0，无法转移直接continue。
  - if (!dp[i][j][k]) continue;
- 如果是下一行一个不放，那么就直接转移就可以了。
  - dp[i + 1][j][k] = (dp[i][j][k] + dp[i + 1][j][k]) % mod;
- 如果是下一行放一个，那么可能在j列中选择一个位置去放，也可能在k个位置中选择一个去放。
  - if (j >= 1) dp[i + 1][j - 1][k] = (dp[i + 1][j - 1][k] + dp[i][j][k] * j) % mod;
  - if (k >= 1) dp[i + 1][j + 1][k - 1] = (dp[i + 1][j + 1][k - 1] + dp[i][j][k] * k) % mod;
- 如果下一行可以放两个，那么可以在j列中选两个，或者在k列中选两个，或者j列中一个，k列中一个
  - if (j >= 2) dp[i + 1][j - 2][k] = (dp[i + 1][j - 2][k] + dp[i][j][k] * j * (j - 1) / 2) % mod;
  - if (k >= 2) dp[i + 1][j + 2][k - 2] = (dp[i + 1][j + 2][k - 2] + dp[i][j][k] * k * (k - 1) / 2) % mod;
  - if (j >= 1 && k >= 1) dp[i + 1][j][k - 1] = (dp[i + 1][j][k - 1] + dp[i][j][k] * j * k) % mod;

code

//dp[i][j][k] 表示现在放到了第i行，还有j列可以放1个，k列可以放两个
/* cinput
1 3
*/
/*output
7
*/
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define int long long
inline int read() {
    int k = 0, f = 1; char ch = getchar();
    for (; !isdigit(ch); ch = getchar()) if(ch == '-') f = -1;
    for (; isdigit(ch); ch = getchar()) k = k * 10 + ch - '0';
    return k * f;
}
const int maxn = 105, mod = 9999973;
int n, m, ans = 0, col[maxn], row[maxn], dp[maxn][maxn][maxn];
void dfs(int cur) {
    if (cur == n * m + 1) return ans ++, void();
    int y = cur % m;
    if (y == 0) y = m;
    int x = (cur - y) / m + 1;
    if (row[x] == 2 || col[y] == 2) dfs(cur + 1);
    else{
        row[x]++, col[y]++, dfs(cur + 1);
        row[x]--, col[y]--, dfs(cur + 1);
    }
}
signed main() {
#ifdef local
    freopen("in", "r", stdin);
#else
    freopen("chess.in", "r", stdin);
    freopen("chess.out", "w", stdout);
#endif
    n = read(), m = read();
    dp[0][0][m] = 1;
    for (int i = 0; i <= n - 1; i++) {
        for (int j = 0; j <= m; j++) {
            for (int k = 0; k <= m - j; k++) {
                if (!dp[i][j][k]) continue;
                dp[i + 1][j][k] = (dp[i][j][k] + dp[i + 1][j][k]) % mod;
                if (j >= 1) dp[i + 1][j - 1][k] = (dp[i + 1][j - 1][k] + dp[i][j][k] * j) % mod;
                if (k >= 1) dp[i + 1][j + 1][k - 1] = (dp[i + 1][j + 1][k - 1] + dp[i][j][k] * k) % mod;
                if (j >= 2) dp[i + 1][j - 2][k] = (dp[i + 1][j - 2][k] + dp[i][j][k] * j * (j - 1) / 2) % mod;
                if (k >= 2) dp[i + 1][j + 2][k - 2] = (dp[i + 1][j + 2][k - 2] + dp[i][j][k] * k * (k - 1) / 2) % mod;
                if (j >= 1 && k >= 1) dp[i + 1][j][k - 1] = (dp[i + 1][j][k - 1] + dp[i][j][k] * j * k) % mod;
            }
        }
    }
    int ans = 0;
    for (int i = 0; i <= m; i++) 
        for (int j = 0; j <= m - i; j++)
            ans = (ans += dp[n][i][j]) % mod;
    cout << ans << endl;
}

T2 : 奇妙的 Fibonacci

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