题目背景
小明准备给小红送一束花，以表达他对小红的爱意。他在花店看中了一些花，准备用它们包成花束。
题目描述
这些花都很漂亮，每朵花有一个美丽值W，价格为C。
小明一开始有一个空的花束，他不断地向里面添加花。他有以下几种操作：
操作 含义
1 W C 添加一朵美丽值为W，价格为C的花。
3 小明觉得当前花束中最便宜的一朵花太廉价，不适合送给小红，所以删除最便宜的一朵花。
2 小明觉得当前花束中最贵的一朵花太贵，他心疼自己的钱，所以删除最贵的一朵花。
-1 完成添加与删除，开始包装花束
若删除操作时没有花，则跳过删除操作。
如果加入的花朵价格已经与花束中已有花朵价格重复，则这一朵花不能加入花束。
请你帮小明写一个程序，计算出开始包装花束时，花束中所有花的美丽值的总和，以及小明需要为花束付出的总价格。
输入输出格式
输入格式：若干行，每行一个操作，以-1结束。
输出格式：一行，两个空格隔开的正整数表示开始包装花束时，花束中所有花的美丽值的总和。以及小明需要为花束付出的总价格。
输入输出样例
输入样例#1：
1 1 1
1 2 5
2
1 3 3
3
1 5 2
-1
输出样例#1：
8 5
说明
对于20%数据，操作数<=100，1<=W,C<=1000。
对于全部数据，操作数<=100000,1<=W,C<=1000000。
Solution：
本题$c$保证只会出现一次且$cleq 10^6$，于是我们以$c$为关键字，维护花费和优美度，构建一棵权值线段树。
对于$1$操作，我们直接查询$c$节点是否有值，有就直接返回，否则就赋值。
对于$2$操作，要删去最大值，则从完整区间开始，只要右子树有点或左子树无点则尽可能遍历右儿子，否则才遍历左儿子，将最后到达的叶子节点清$0$。
对于$3$操作，要删去最小值，则从完整区间开始，只要左子树有点则尽可能遍历左儿子，否则才遍历右儿子，将最后到达的叶子节点清$0$。
最后输出整个区间的总优美度和总花费就$OK$了。
代码：
#include<bits/stdc++.h> #define il inline #define ll long long #define lson (l),(m),(rt<<1) #define rson (m+1),(r),(rt<<1|1) #define Max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b)) #define Min(a,b) ((a)>(b)?(b):(a)) using namespace std; const int N=1e6+7,inf=2147483647; ll n,m,sum[N<<2],cost[N<<2],f,l=1,r=1e6,a; il int gi(){ int a=0;char x=getchar();bool f=0; while((x<'0'||x>'9')&&x!='-')x=getchar(); if(x=='-')x=getchar(),f=1; while(x>='0'&&x<='9')a=a*10+x-48,x=getchar(); return f?-a:a; } il void pushup(int rt){ cost[rt]=cost[rt<<1]+cost[rt<<1|1]; sum[rt]=sum[rt<<1]+sum[rt<<1|1]; } il void update(int k,int d,int l,int r,int rt){ if(l==k&&r==k){ if(cost[rt])return; sum[rt]=d,cost[rt]=k;return; } int m=l+r>>1; if(k<=m)update(k,d,lson); else update(k,d,rson); pushup(rt); } il void del(int l,int r,int rt,bool f){ if(l==r){sum[rt]=cost[rt]=0;return;} int m=l+r>>1; if(f&&cost[rt<<1]&&cost[rt<<1|1])del(rson,f); else if(!cost[rt<<1])del(rson,f); else del(lson,f); pushup(rt); } int main(){ int x,y; f=gi(); while(f!=-1){ if(f==1){x=gi(),y=gi();update(y,x,l,r,1);} if(f==2){del(l,r,1,1);} if(f==3){del(l,r,1,0);} f=gi(); } cout<<sum[1]<<' '<<cost[1]; return 0; }